（19分）如图，足够长斜面倾角θ=30°，斜面上OA段光滑，A点下方粗糙且 。水平面上足够长OB段粗糙且μ 2
（1）由题知释放后C物将沿斜面下滑，C物从P到A过程，对C、D系统由动能定理：mCg?2dsinθ?Eq?d＝12(mC+mD)v02…①解①得：v0=2m/s…②（2）由题意，C经过A点后将减速下滑至速度为0后又加速上滑，设其加速度大小为a1，向下运动的时间为t1，发生的位移为x1，对物体C：mCgsinθ-T1-μmCgcosθ=-mCa1…③t1＝v0a1…④x1＝v022a1…⑤对物体D：T1-Eq=-mDa1…⑥设物体C后再加速上滑到A的过程中，加速度大小为a2，时间t2，有：对物体C：T2-μmCgcosθ-mcgsinθ=mCa2…⑦对物体D：Eq-T2=mCa2…⑧x1＝12a2t22…⑨t=t1+t2…⑩联解③④⑤⑥⑦⑧⑨⑩并代入数据得：t＝23(3+1)s≈1.82s…?答：（1）物体C第一次运动到A点时的速度为2m/s；（2）物体C第一次经过A到第二次经过A的时间为1.82s．
解：（1）0～t0内小物块匀加速下滑，由牛顿第二定律得：（mg+qE0）sinθ=ma，解得：a=g，速度v=at0=gt0，因为AP间光滑，物块在斜面上AP间运动时加速度不变故AP=12a（2t0）2=2gt02；（2）粒子运动轨迹如图所示，物体在5t0之后匀速，速度达到最大，由平衡条件得：FN=qB0vm+（mg+qE0）cosθ，（mg+qE0）sinθ=μFN，解得：vm=43gt0π，在5t0～6t0时间内物块脱离斜面做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：qB0vm=mv2mr，解得：r=mvmqB0=23gt20π2， 物块离开斜面的最大距离为：△h=2r=43gt20π2；答：（1）小球在t0时刻的速度为gt0，AP的长度为2gt02；（2）在整个运动过程中物块离开斜面的最大距离为43gt20π2．
| （1）40W；（2）50J；1.82s； 答：（1）40W；（2）50J；1.82s； 试题分析：（1）对D进入电场受务分析可得： ，所以N=0，所以D在OB段不受摩擦力设C物体到A点速度为v 0 ，由题知释放后C物将沿斜面下滑，C物从P到A过程，对CD系统由动能定理得： ，解得： 故： （2）由题意，C经过A点后将减速下滑至速度为0后... 答：（1）上滑过程，由运动学公式v 2 =2ax得物体沿斜面上升的最大距离 x= v 0 2 2a = 1 2 2 2×8 m=9m （2）物体上滑时受力分析如图所示； 上滑过程，由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma解得：μ=0.25（3）物体沿斜面下滑时受力分析如图所示： ... 答：34.(18分)(1)研究小车匀速直线运动的实验装置如图16(a)所示其中斜面倾角θ可调,打点计时器的工作频率为50HZ,纸带上计数点的间距如图16(b)所示,七中每相邻两点之间还有4个记录点未画出。 ① 部分实验步骤如下:A. 测量完毕,关闭电源,取出纸带B. 接通电源,待打点计时器工作稳定后放开小车C. 将小车依靠在打点... 答：答：（1）物体沿斜面上滑的最大位移的大小为0.8m；（2）物体从斜面顶端返回斜面底端的时间为0.89s． 答：（1）、向上运动时：a=mg（sinθ+μconθ）=10m/s² X=Vo²/2a=0.8m 时间 t1=Vo/a=0.4s (2)、向下运动时 ：a=mg（sinθ-μconθ）=2m/s² X=at2²/2 t2=0.2x2½s t=t1+t2=? 答：（1）物体在拉力F作用下沿斜面向上运动，受力如答图1：重力mg、拉力F、支持力N、滑动摩擦力f．由牛顿第二定律得 F-mgsinθ-f=ma1 N-mgcosθ=0又f=μN联立得：a1＝F?mgsinθ?μmgcosθm=4.0 m/s2所以细线断开时，物体速度的大小：v1=a1t1=4.0×2.0=8.0m/s （2）细线刚... 答：（1）小物块沿斜面下滑的过程中受力情况如图所示：f=μF=μmgcosθ．设小物块沿斜面下滑到最底端时的速度为v1，由动能定理有： （mgsinθ-μmgcosθ）L=12mv21 设弹簧压缩到最短时小物块和长木板的共同速度为v2，因压缩过程中系统所受外力之和为0，由动量守恒定律有： mv1=（m+m）v2... 答：（1）在A到B的过程中，设物体的加速度为a1，则mgsinθ-μ1mgcosθ=ma1代入数据，解得：a1=2m/s2由速度位移公式：vB2＝2a1L解得：vB=4 m/s （2）设物体在斜面上运动时间为t1，由于vB＞v，物体在传送带上减速运动，设加速度大小为a2，滑动时间为t2，则有：vB=a1t1 μ2mg=ma2 ... 答：(1)3 N，方向竖直向下 (2) m/s (3) s 试题分析： (1)物块从A到B的过程，由动能定理得：mgR＝ mv ①解得：v B ＝2 m/s ②在B点由牛顿第二定律得：F N －mg＝m ③解得：F N ＝3 N ④由牛顿第三定律得物块对轨道的压力大小为3 N，方向竖直向下⑤(2)设物块... 答：设A板上段刚滑到B下方时速度为v A ，则 解得 此过程无摩擦力，没有热量产生。B在A板上端表面时，设A板加速度为 ，B和C加速度为 ，轻线拉力为 ，则 解得 A、B、C最终达到速度相等。假设速度相等之后，A、B间的静摩擦力f小于最大静摩擦力 ，即A、B相对静止，A、B、C三者... 快递评价网，热门人物的介绍与评论。内容来自于会员交流，不代表本站立场与观点。
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