（18分）如图所示，光滑水平面上静止放置质量M = 2kg，长L = 0.84m的长木板C；离板左端S = 0.12m处静止放
（1）设M和mA一起向右加速，它们之间静摩擦力为f由牛顿第二定律得：F=（M+mA）a代入数据得：a=3m/s2f=mAa=3N＜μmAg=4N，表明加速度的结果是正确的．（2）mA在与mB碰之前运动时间最短，必须加速度最大，则：fm=μmAg=mAa1L-s=12a1t21代入数据解得：t1=6s（3）在A与B发生碰撞时，A刚好滑至板的左端，则此种情况推力最大，设为F1，对板C，有：F1-μmAg=MacL＝12a ct21代入数据解得：F1＝403N≈13.3N则F的取值范围是3N＜F＜13.3N．答：（1）当F=9N时，小物块A的加速度为3m/s2；（2）若F足够大，则A与B碰撞之前运动的最短时间是0.6s；（3）若在A与B发生弹性碰撞时撤去力F，A最终能滑出C，则F的取值范围是3N＜F＜13.3N．
①若AC相对滑动，则A受到的摩擦力为：FA=μmAg=0.4×10×1N=4N＞F故AC不可能发生相对滑动，设AC一起运动的加速度为aa＝FmA+M＝31+2m/s2＝1m/s2 由x＝12at2有：t＝2xa＝2×0.721s＝1.2s ②因AB发生弹性碰撞，由于mA=mB故AB碰后，A的速度为0AB碰撞后，由AC系统动量守恒定律：Mv1=（M+mA）v由题题意有v1=at=1.2m/s解得AC稳定后的共同速度v=0.8m/s由功能关系和能量守恒得：μmAg△x＝12Mv21?12(M+mA)v2可得△x=0.12m 故木板C的长度L至少为：L=x+△x=0.72+0.12m=0.84m答：①A与B碰撞之前运动的时间1.2s；②若A最终能停在C上，则长木板C的长度至少是0.84m．
| （1）3 m/s 2 （2）0.6s （3） 答：（1）5m/s（2）3.75m（3）能 （1）设滑块与小车的共同速度为 v 1 ，滑块与小车相对运动过程中动量守恒，有： ………（2分）代入数据解得： ＝5m/s ………（2分）（2）设小车的最小长度为 L 1 ，由系统能量守恒定律，有： ………... 答：（1） F≤30N；（2） 物块能滑离木板，1.2s，s=0.9m。 试题分析：（1）对M、m，由牛顿第二定律F－（M+m）gsinα=（M+m）a （2分）对m，有f－mgsinα=ma （2分）F≤mgcosα （2分） 代入数据得：F≤30N （1分）（2）F=37.5N>30N，物块能滑离木板 （... 答：（1） ，（2） 时，推力做功最小为 （3） ， 试题分析: （1）离开C点后作平抛运动： ① （2分） ② （2分）解得： ③ （1分）（2）A→C由动能定理: ④ （2分）可得： 而欲完成圆周运动，需最高点： ⑤ （2分）由③⑤得 ， （1分... 答：mv0=(m+2m)v1 v1=v0/3 之后b和子弹作为一个整体，质量=3m. 然后和弹簧，c能量守恒！！！轻弹簧的最大弹性势能时，压缩量最大，bc速度相同为v2，动量守恒：3mv1=(3m+3m)v2 v2=v1/2=v0/6 能量守恒！轻弹簧的最大弹性势能E=3mv1^2/2-6m*v2^2/2=3m*v0^2/18-6m*v0^2/72=... 答：（1） 5 m/s 2 2 m/s 2 （2）0.5s （3）2.3 m/s 试题分析：（1）由前三列数据可知物体在斜面上匀加速下滑时的加速度大小为 ，由后两列数据可知物体在水平面上匀减速滑行时的加速度大小为 。（2）由 ，解得t=0.1s，即物体在斜面上下滑的时间为0.5s。（3）t=0... 答：小球在传送带上最后的运动阶段为匀速运动，即与传送装置已达到共同速度，它从传送装置抛出的速度v B1 = , 由平抛物体运动规律： ⑤（1分） ⑥（1分）由①②，代入v B1 = ，得： ⑦（1分）（3）若使B始终落到地面上E点，也必须是以相同速度离开传送装置；设B离开传送带时的速度... 答：：18. (1) k =0，1，2…… (2)1.2J (3) v 0 >20m/s 试题分析：（1）当弹簧恢复到原长时，A的速度最大，则对应的时刻为 （k =0，1，2……）（2）当A的最大速度为4m/s,此时根据动量守恒定律可得B的速度为： ，AB总的动能即为弹簧长度最大时弹簧存储的弹性势能... 答：2mv 1 2 +E p =0+ 1 2 m v 2A ⑤代入数据解得弹簧初始状态时的弹性势能E p =18J ⑥（2）以后，C与B分离，B在弹簧作用下向右加速运动，当弹簧长度第二次恢复自然长度时，物块B的速度达到最大值．设弹簧长度第二次恢复自然长度时，A和B的速度各为v′ A 、v′ ... 答：电场力重力都做负功，粒子都可以通过最高点，那么电场方向竖直向上，电场力小于重力时，粒子同样可以通过最高点。④若电场方向竖直向上，且电场力大于重力，则粒子若在C点脱离轨道做离心运动则有 整理得 综上，电场方向竖直向下， 或者 粒子不会脱离轨道电场方向竖直向上， ，粒子不会脱离轨道 ... 答：（1）6m/s（2）5V（3）20J （1）设金属棒稳定时速度为 v 1 ，有 （1分） （1分） （1分） （1分） 解得 v 1 =6m/s（1分）（2）由第一问得方程可得，当金属棒速度稳定时，有 解得： F ′=2N（1分）由 P = F ′ v 2 ="3W " （1分）设电压... 快递评价网，热门人物的介绍与评论。内容来自于会员交流，不代表本站立场与观点。
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