如图，场强大小为E、方向竖直向下的匀强电场中有一矩形区域 ，水平边 长为 ，竖直边 长为 。质量均
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-27
如图所示，在场强为E，方向竖直向上的匀强电场中，水平固定一块长方形绝缘薄板。将一质量为m，带有电荷－
试题分析：过程中重力和电场力做正功，阻力做负功，当小球停止运动时，根据动能定理有： ，解得 点评：在运用动能定理时，一定要注意过程中始末状态
小球在空中运动的过程中，受到向下的重力、电场力和与速度反向的空气阻力，由于f＜（qE+mg），小球最终停在板．对整个过程，由动能定理得：（mg+qE）h-fs=0-12mv20解得：s=2(mg+qE)h+mv202f 答：小球在停止运动前所通过的总路程s为2(mg+qE)h+mv202f ．
| B 答：B 试题分析：两个粒子都做类平抛运动，轨迹相切时，速度方向恰好相反，即在该点，速度方向与水平方向夹角相同 ，而 ，两个粒子都做类平抛运动，水平方向： ，竖直方向： ，由以上各式整理得： ，因此B正确，ACD错误。 答：解答：解：1、以B球为研究对象，受力分析如图：重力mg、电场力2qE、a对b的库仑力F、b细线的拉力Tb，有平衡条件得： F+Tb=mg+2qE而库仑力F＝k2q2l2故细线b对小球B的作用力大小为mg+2qE-k2q2l2．2、以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力如图：重力2mg、电场力（2qE-qE）=qE，方... 答：有：qE=四Qqr2解得：Q=Er2四故A正确，B错误；C、对于场源电荷，b、d是等势点，从b点移动到d点时，电场力不做功；对于匀强电场，b点移动到d点时，电场力做功；故由b点移动到d点时，电场力做功不为零； 答：细线的拉力TAB，有平衡条件得：F+TAB=mg-qE而库仑力F=k2q2l2故TAB=mg-qE-k2q2l2．2、以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力：重力2mg、电场力（2qE-qE）=qE，方向竖直向下，细线的拉力T0A，由平衡条件得：T0A=2mg+qE答：OA段细线对悬点的拉力2mg+qE，... 答：Eq m t 2 解得 v 0 = EqR(1-cosθ) 2m （2）对电荷从A到P点过程，运用动能定理得：E K - 1 2 mV 0 2 =EqR（1+cosθ）解得E K = 1 4 EqR（5+3cosθ）（3）由上问结果可知当θ=60 0 时，即电荷打到D点其动能最大最大动能为：... 答：x＝v 0 t，y＝ ，v y ＝at，所以tanβ＝ ＝ ，其动能变化量为：ΔE k ＝ － ＝ ，所以有：tanα＝ ＝ ＝ ＝2tanβ，即P 1 、P 2 、P 3 、…与出射点O的连线与初速度v 0 方向的夹角相等，即P 1 、P 2 、P 3 、…的连线形状为一条直线，故选项D正确。 答：因为杆及AB受力的合力矩为顺时针，所以系统沿顺时针转动到竖直位置，电场力对A和B都做正功，电场力对A、B做总功为： W=E q 1 × l 2 +E q 2 × l 2 = (q 1 + q 2 )El 2 ．在此过程中重力对A做正功，对B做负功，设两球总动能为... 答：根据左手定则可确定油滴顺时针方向绕行．电量大小Q= mg E 又据QvB=m v 2 r 得v= Brg E （2）分裂为相同的两滴后，根据其中一滴仍作匀速圆周运动，即电场力与重力仍平衡，则v= BRg E 因为R=3r，可知它的速度v 1 =3v …①分裂前后动量守恒有：mv... 答：解：粒子必须从电场中释放，根据洛仑兹力方向可知释放点必须从在P点的左侧空间。 ，y满足 粒子通过P点需满足： 从而得 ，n=1，2，3 答：解得tanθ=2，即OB杆转过的角度的正切值是2．答：（1）在此过程中电场力所做的功为 1 2 （q 1 +q 2 ）EL（2）在竖直位置处两球的总动能为 1 2 （q 1 E+q 2 E+m 2 g-m 1 g）L，（3）OB杆能转过的最大角度为127°，则该电场强度的大小为 mg 2... 快递评价网，热门人物的介绍与评论。内容来自于会员交流，不代表本站立场与观点。
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