如图所示,在光滑水平地面上,有两个光滑的直角三形木块A和B,底边长分别为a、b,质量分别为M、m,若M =
kuaidi.ping-jia.net 作者:佚名 更新日期:2024-07-07
如图所示,在光滑水平面上有两个并排放置的木块A和B,已知m A ="0.5" kg,m B ="0.3" kg,有一质量为m C =
(1) 2.0m/s;(2)4m/s 试题分析: 由于水平面是光滑的,A、B、C三个物体 组成系统在水平方向上不受外力,故系统动量守恒,当C滑上A至C离开A时A、B有共同的速度记为V ab ,C离开A时,C物体的速度记为V c ,则M c V c0 =M c V c +(M a +M b ) V ab ①M c V c0 =M a V ab +(M c +M b ) V bc ②C离开A时C、B组成的系统动量守恒。最终的共同速度记为V bc =2.5m/sM c V c +M b V ab =(M c +M b ) V bc ③由②得 0.1×20=0.5V ab +(0.1+0.3)×2.5V ab =2.0m/s 此为木块A的最后速度由①得0.1×20=0.1V c +(0.5+0.3)×2。C离开A时C的速度Vc=4m/s
A,B,C三个物体作为一个系统在水平方向不受外力作用,系统动量守恒,以向右为正方向;(1)研究C开始滑动到C和B相对静止的过程,由动量守恒定律得:mCv0=mAvA′+(mC+mB)v共,代入数据解得:vA′=2.1m/s;(2)研究C开始滑动到C离开A的过程,由动量守恒定律得:mCv0=(mA+mB)vA′+mCvC′,代入数据解得:vC′=4m/s;答:(1)木块A的最后速度vA′为2.1m/s;(2)C在离开A时速度vC′为4m/s.
(a-b)/5 答:(a-b)/5 此题为人船模型问题,AB两木块水平方向动量守恒,设A向后移动的距离为x,则B向前移动距离为a-b-x,所以有 ,解得 故答案为: 答:A 答:所以整体的加速度也是单个物体的加速度.在对A进行受力分析:在水平方向上,A受水平向左的弹簧的拉力F 拉 和水平向右的拉力F 1 因为A、B相对静止,所以整体的加速度也是单个物体的加速度.根据牛顿第二定律得:A的合力F 合 =ma=F 1 -F 拉 F 拉 = ,根据胡克定律得:弹簧的伸长量△x= ... 答:A、B:撤去F后,木块A离开竖直墙前,竖直方向两物体所受的重力与水平面的支持力平衡,合力为零;而墙对A有向右的弹力,所以系统的合外力不为零,系统的动量不守恒.这个过程中,只有弹簧的弹力对B做功,系统的机械能守恒.故A错误,B正确.C、D:A离开竖直墙后,系统水平方向不受外力,竖直方向外力... 答:由能量守恒定律可知,木块A离开墙壁前,弹性势能的减少量等于木块B动能的增量,故B正确;C、A、B共速时系统的总能量等于A、B的动能与弹簧的弹性势能之和,弹簧的弹性势能小于系统的总能量,而木块离开墙壁时B的动能等于系统的总能量,因此A、B共速时的弹性势能小于木块A离开墙壁时B的动能,故C错误;D... 答:v=4mv,所以碰撞后系统的总动量和A的方向相同,若正碰后其中一个物体恰好静止,恰好停下的是A,B在碰撞后沿A的方向运动.②设B碰撞后的速度为v1,由动量守恒定律得:3m?2v-2m?v=2m?v1,得:v1=2v,碰撞中损失的机械能:△E=12(3m)(2v)2+12(2m)v2-12(2m)(2v)2=3mv2;... 答:它们的总动量为:P=m A v A =4kg?m/s,而绳子的力为内力,相互作用的过程中,总动量守恒;A的动量减小,B的动量增加;但总动量应保持不变;故A动量改变量应为负值,B动量改变量为正值;而在想拉断绳子,在拉断绳子后,A的速度不可能为零,故只有C正确;故选:C. 答:解答:解:对小球进行受力分析,当两小球之间距离为L时,位置关系如图所示:F1、F2与F的夹角为30°,则有F1=F2=33F,所以每球的即时加速度大小为a=3F3m 故答案为:3F3m 答:由于绳对两个小球施加的是拉力,前者受到的冲量向后,动量减小;后者受到的冲量向前,动量增加,当两者的速度相等时,绳子的拉力为零,一起做匀速直线运动。若是在后边撞的话,A选项就是可能的,当后边的小球撞前边的小球时,若俩小球质量相等,则小球的形变可以将动量完全传递过去 ... 答:v'=v/2 根据机械能守恒,此时它们的动能加上弹性势能等于初始A球的动能,所以,有 0.5mvv=0.5(2m)v'v'+Ep 解得v=2√(Ep/m)唯一可能的解释就是,这里的Ep不是指两个小球共用的弹性势能,而是指单个小球具有的弹性势能,那么两个小球具有的势能就是2Ep,那么上式改一下就是 0.5mvv=0.5... |