如图所示，在光滑水平地面上有两个完全相同的小球A和B，它们的质量都为m，现B球静止，A球以速度v 0 与B球
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-04
质量为m的A小球以水平速度v与静止的质量为3m的B小球正碰后,A球的速率变为原来的1/2
如图所示,在光滑水平地面上,有两个光滑的直角三形木块A和B,底边长...
答：（a-b）/5 此题为人船模型问题，AB两木块水平方向动量守恒，设A向后移动的距离为x，则B向前移动距离为a-b-x，所以有 ，解得 故答案为：
如图所示,在光滑水平地面上有两个完全相同的小球A和B,它们的质量都为m...
答：A
如图所示,在光滑的水平地面上,有两个质量相等的物体,中间用劲度系数为k...
答：A受水平向左的弹簧的拉力F 拉 和水平向右的拉力F 1 ， 因为A、B相对静止，所以整体的加速度也是单个物体的加速度．根据牛顿第二定律得：A的合力F 合 =ma=F 1 -F 拉 F 拉 = ，根据胡克定律得：弹簧的伸长量△x= ，故选D点评：难度较小，巧用整体法应用牛顿第二定律求出物体的加速度...
如图所示,在水平光滑地面上有A、B两个木块,A、B之间用一轻弹簧连接.A...
答：由能量守恒定律可知，木块A离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B动能的增量，故B正确；C、A、B共速时系统的总能量等于A、B的动能与弹簧的弹性势能之和，弹簧的弹性势能小于系统的总能量，而木块离开墙壁时B的动能等于系统的总能量，因此A、B共速时的弹性势能小于木块A离开墙壁时B的动能，故C错误；D...
如图所示,水平地面上有两个完全相同的木块A、B,在水平推力F作用下运 ...
答：设两木块的质量均为m．A、B若地面是完全光滑的，对整体用牛顿第二定律得，加速度a= F 2m ，再对B运用牛顿第二定律得，F AB =ma= F 2 ．故A错误，B正确．C、D若地面动摩因数为μ，对整体用牛顿第二定律得，加速度a= F-2μmg 2m = F 2m -μg ...
如图所示,在水平光滑地面上有A、B两个木块,A、B之间用一轻弹簧连接.A...
答：A、B：撤去F后，木块A离开竖直墙前，竖直方向两物体所受的重力与水平面的支持力平衡，合力为零；而墙对A有向右的弹力，所以系统的合外力不为零，系统的动量不守恒．这个过程中，只有弹簧的弹力对B做功，系统的机械能守恒．故A错误，B正确．C、D：A离开竖直墙后，系统水平方向不受外力，竖直方向外力...
如图所示,在光滑水平地面上放着两个物体,其间用一根不能伸长的细绳相连...
答：它们的总动量为：P=m A v A =4kg?m/s，而绳子的力为内力，相互作用的过程中，总动量守恒；A的动量减小，B的动量增加；但总动量应保持不变；故A动量改变量应为负值，B动量改变量为正值；而在想拉断绳子，在拉断绳子后，A的速度不可能为零，故只有C正确；故选：C．
如图所示,水平地面上有两个完全相同的小木块a和b间用一根轻绳相连_百度...
答：地面光滑 设木块A、B质量为M 加速度A=F/2M 整体分析 对木块B单独分析 A=FAB/M 加速度是相同的 所以FAB=0.5F D也可同样来分析,只是多了个摩擦力而已!
如图所示,光滑水平地面上有两个质量分别为3m和2m的物体A、B,它们在...
答：v=4mv，所以碰撞后系统的总动量和A的方向相同，若正碰后其中一个物体恰好静止，恰好停下的是A，B在碰撞后沿A的方向运动．②设B碰撞后的速度为v1，由动量守恒定律得：3m?2v-2m?v=2m?v1，得：v1=2v，碰撞中损失的机械能：△E=12（3m）（2v）2+12（2m）v2-12（2m）（2v）2=3mv2；...
如图所示,在水平光滑地面上有A、B两个木块,A、B之间用一轻弹簧连接。A...
答：：A B 试题分析：木块A离开墙壁前，对AB的整体而言，墙对木块A的冲量大小等于整体的动量变化即等于木块B动量变化量的大小；根据能量守恒定律，木块A离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B动能的增量；木块A离开墙壁时，B的动能等于A、B共速时的弹性势能及A的动能之和；木块A离开墙壁后，当弹簧再次...
质量为m的A小球以水平速度v与静止的质量为3m的B小球正碰后,A球的速率变为原来的1/2，而碰后球B的速度是V/2
由动量守恒
mv=mv1+3mv2
正碰后,A球的速率变为原来的1/2 设正碰后A小球速度与原来同向 则 v2=v/6 显然还在碰撞过程中
设正碰后A小球速度与原来反向
mv=-1/2mv+3mv2 v2=v/2 两球碰后分开，正解
根据碰后A球的动能恰好变为原来的19得：12mv2=19?12mv02v=±13v0碰撞过程中AB动量守恒，则有：mv0=mv+2mvB解得：vB=13v0或vB=23v0答：碰撞后B球的速度为13v0或23v0．
| A |
答：（a-b）/5 此题为人船模型问题，AB两木块水平方向动量守恒，设A向后移动的距离为x，则B向前移动距离为a-b-x，所以有 ，解得 故答案为：
答：A
答：A受水平向左的弹簧的拉力F 拉 和水平向右的拉力F 1 ， 因为A、B相对静止，所以整体的加速度也是单个物体的加速度．根据牛顿第二定律得：A的合力F 合 =ma=F 1 -F 拉 F 拉 = ，根据胡克定律得：弹簧的伸长量△x= ，故选D点评：难度较小，巧用整体法应用牛顿第二定律求出物体的加速度...
答：由能量守恒定律可知，木块A离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B动能的增量，故B正确；C、A、B共速时系统的总能量等于A、B的动能与弹簧的弹性势能之和，弹簧的弹性势能小于系统的总能量，而木块离开墙壁时B的动能等于系统的总能量，因此A、B共速时的弹性势能小于木块A离开墙壁时B的动能，故C错误；D...
答：设两木块的质量均为m．A、B若地面是完全光滑的，对整体用牛顿第二定律得，加速度a= F 2m ，再对B运用牛顿第二定律得，F AB =ma= F 2 ．故A错误，B正确．C、D若地面动摩因数为μ，对整体用牛顿第二定律得，加速度a= F-2μmg 2m = F 2m -μg ...
答：A、B：撤去F后，木块A离开竖直墙前，竖直方向两物体所受的重力与水平面的支持力平衡，合力为零；而墙对A有向右的弹力，所以系统的合外力不为零，系统的动量不守恒．这个过程中，只有弹簧的弹力对B做功，系统的机械能守恒．故A错误，B正确．C、D：A离开竖直墙后，系统水平方向不受外力，竖直方向外力...
答：它们的总动量为：P=m A v A =4kg?m/s，而绳子的力为内力，相互作用的过程中，总动量守恒；A的动量减小，B的动量增加；但总动量应保持不变；故A动量改变量应为负值，B动量改变量为正值；而在想拉断绳子，在拉断绳子后，A的速度不可能为零，故只有C正确；故选：C．
答：地面光滑 设木块A、B质量为M 加速度A=F/2M 整体分析 对木块B单独分析 A=FAB/M 加速度是相同的 所以FAB=0.5F D也可同样来分析,只是多了个摩擦力而已!
答：v=4mv，所以碰撞后系统的总动量和A的方向相同，若正碰后其中一个物体恰好静止，恰好停下的是A，B在碰撞后沿A的方向运动．②设B碰撞后的速度为v1，由动量守恒定律得：3m?2v-2m?v=2m?v1，得：v1=2v，碰撞中损失的机械能：△E=12（3m）（2v）2+12（2m）v2-12（2m）（2v）2=3mv2；...
答：：A B 试题分析：木块A离开墙壁前，对AB的整体而言，墙对木块A的冲量大小等于整体的动量变化即等于木块B动量变化量的大小；根据能量守恒定律，木块A离开墙壁前，弹性势能的减少量等于木块B动能的增量；木块A离开墙壁时，B的动能等于A、B共速时的弹性势能及A的动能之和；木块A离开墙壁后，当弹簧再次...
