在光滑绝缘的水平面上，有两个相同的带电小球A、B，二者的质量均为m，相距L，其中小球A带正电Q，二者在外
（1）由牛顿第二定律得：加速度a＝Fm＝qEm，（2）以A为研究对象，由动能定理得：qEL=12mv21，解得：两球第一次碰撞前瞬间，A球速度：v1＝2qELm＝2aL；两球第一次碰撞后瞬间，A球速度0，B球速度v1． 碰后A做匀加速直线运动，B做匀速直线运动，当它们位移相等时再次发生碰撞，两球第二次碰撞前瞬间，有 v1t1＝12at21解得：t1＝2v1a，此时A球速度：v2=at1=2v1，两球第二次碰撞后瞬间，A球速度v1，B球速度v2=2v1，两次碰撞之间A的位移S2：2as2＝v22?0＝4v21所以：s2=4L位移相等，得：v2t2＝v1t2+12at22，得：t2＝2v1a两次碰撞之间A的位移S3s3＝v1t2+12at22代入数据得：s3=8L小球A在电场中运动的距离：x=L+s2+s3=13L答：（1）小球A在电场中的加速度大小a＝qEm；（2）小球A在电场中运动的距离为13L．
对A由牛顿第二定律得：加速度a= F m = qE m ，以A为研究对象，由动能定理得：qEL= 1 2 mv 1 2 -0，解得：两球第一次碰撞前瞬间，A球速度：v 1 = 2qEL m = 2aL ；两球第一次碰撞后瞬间，A球速度0，B球速度v 1 ． 碰后A做匀加速直线运动，B做匀速直线运动，当它们位移相等时再次发生碰撞，两球第二次碰撞前瞬间，有 v 1 t 1 = 1 2 a t 21 ，解得： t 1 = 2 v 1 a ，此时A球速度：v 2 =at 1 =2v 1 ，两球第二次碰撞后瞬间，A球速度v 1 ，B球速度v 2 =2v 1 ，两球第三次碰撞前瞬间，由 v 2 t 2 = v 1 t 2 + 1 2 a t 22 ，解得： t 2 = 2( v 2 - v 1 ) a = 2 v 1 a ，A球速度 v 3 =v 1 +at 2 =3v 1 ，两球第三次碰撞后瞬间，A球速度v 2 ，B球速度v 3 ．两球第四次碰撞前瞬间，由 v 3 t 3 = v 2 t 3 + 1 2 a t 23 ，解得： t 3 = 2( v 3 - v 2 ) a = 2 v 1 a ，A球速度：v 4 =v 2 +at=4v 1 ，…可推得第n次碰撞前瞬间两球分别的速度为：A球速度v n =nv 1 ，B球速度v n-1 =（n-1）v 1 ，由动能定理，得： qES= 1 2 m v 2n + 1 2 m v 2n-1 ，即： qES= 1 2 m v 21 [ n 2 +(n-1 ) 2 ] ，把v 1 的值代入上式，解得：S=（2n 2 -2n+1）L，答：在A、B两球第n次碰撞前瞬间，A球通过的总位移为=（2n 2 -2n+1）L．
（1）A与B在运动过程中保持距离不变，二者的加速度必须相等，即aA=aB以A、B为整体，根据牛顿第二定律得：aA＝ab＝
| F |
| m+m |
| F |
| 2m |
（2）小球B带正电荷．A对B的斥力提供了B运动的合力，根据牛顿第二定律和库仑定律，
得
| kQq |
| L2 |
化简得q＝
| FL2 |
| 2kQ |
（3）B向右运动过程中，B受到向右的电场力，故电场力对B做正功．A受到B的向左的库仑力，该库仑力对A做负功，但做功和为零，故小球A与B组成的系统的电势能无变化．
答：（1）小球A与B在运动过程中的加速度大小相等，为
| F |
| 2m |
| FL2 |
| 2kQ |
答：（1）A与B在运动过程中保持距离不变，二者的加速度必须相等，即aA=aB 以A、B为整体，根据牛顿第二定律得：aA＝ab＝Fm+m＝F2m（2）小球B带正电荷．A对B的斥力提供了B运动的合力，根据牛顿第二定律和库仑定律，得kQqL2＝mab化简得q＝FL22kQ（3）B向右运动过程中，B受到向右的电场力，故电场...
答：（1）当两球速度相等时，系统具有最大电势能Ep，设此时两球的速度为v，根据动量守恒定律有：4mv0=mv+4mv 可解得：v＝45v0 （2）系统减少的动能转化为电势能，有：Ep=△Ek EP＝12?4mv20?12(m+4m)v2 联立解得：（3）当两球再次相距d时，库仑力可以忽略，电势能为零，系统动...
答：且碰后a、b的带电量均为q，设碰后a、b的速度分别为va，vb，规定向右为正方向，依动量守恒定律有：mav0=mava+mbvb对b球：qBvb=mbgma=2mb=2m解得：va=v0-mg2Bq 对球a：FN=mag-qBva=52mg-qv0B由牛顿第三定律有：FN=-F′N故a球对水平面的压力为52mg-qv0B答：碰后a对水平地面的...
答：解：（1）a、b碰后对桌面的压力为零，所受磁场力向上，据左手定则，b球带负电（2）a球沿斜面下滑过程，根据动能定理有：m a gh= m a v 0 2 ① 因为两球体积相同，接触后电量均分，所以a、b各带电2q对a球，根据力的平衡条件得2qv a B=m a g，即 ② 对b球，根据力的平衡...
答：不能。、当带上+q和-q的电荷量后在相向运动中库仑力做功，此时机械能增加，当发生碰撞后，这一时刻系统机械能守恒，且小球电量中和，不带电。分离开后同时回到原位置，但速度变大。（库仑力做功，机械能增加）
答：先用动量定理，由于两小球相对静止时势能最大，故求两小球相对静止时的速度 v1=4mv/5m=0.8v 此时两小球动能为 E1=1/2×5m(0.8v)²=1.6mv²由能量守恒，此时最大势能为 T=E0-E1=1/2×4mv²-1.6mv²=0.4mv²...
答：1/4)/(X2)^2 两式相比 X1/X2=4*(X2)^2/(X1)^2 整理的（X1）^3=4*（X2）^3 开方嘚，X1/(4的立方根)=X2 4的立方根<4,所以1/(4的立方根)>1/4 X1/(4的立方根）>X1/4 因为X1/(4的立方根)=X2 所以X2>X1/4 即选C 明白不！！！ 住：K是胡克系数，k是库伦常数 ...
答：有牛顿第三定律可知A对B的作用力与B对A的作用力大小相等，根据牛顿第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A错误，B正确．C、对小球A进行受力分析，小球A的合力就是小球B对它的库仑斥力，A做减速运动，B做加速运动，当速度相等时，距离最近，故C错误，D正确．故选BD．
答：AB、因电荷间的静电力与电荷的运动方向相同，故电荷将一直做加速运动，又由于两电荷间距离增大，它们之间的静电力越来越小，故加速度越来越小．故A错误、B正确．C、由于静电力与电荷运动方向相同，故静电力对电荷做正功，故电荷的电势能减小，故C正确．D、由于只有静电力做功，静电力对电荷做正功，电势...
答：加速度：同种电荷相斥，之间的力是相互作用的，随着两球的远离，相互作用力越来越小。所以两球加速度是一直变小的，无限趋近于0，但不会等于0.速度：因为加速度一直大于0，所以两者速度一直增加，只不过速度增加的速率越来越小。
