如图所示，一平行板电容器两极板水平放置，充电后断开电源，极板间一带电微粒恰好静止．现保持两板正对面
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-06
如图所示，已充电的平行板电容器两极板水平放置，开关S断开时，电容器内有一带电尘埃恰好处于静止状态.已
、电容的定义式C=
、电场强度与电势差的关系式：E=
；
综合而得：E=
．由题意知，电容器所带电荷量Q不变，?、S也不变，则当两极板间距离变化时，板间场强E不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍处于静止状态．故D正确．
故选：D．
如图所示,两极板水平放置的平行板电容器间形成匀强电场.两极板间相距...
答：B不正确。由题意知道：小球受到重力、电场力，且两力相等；故而带电小球作直线运动，重力竖直向下，电场力竖直向上。由于小球是斜向下运动，所以电场力做负功。
...如图所示,两极板水平放置的平行板电容器间形成匀强电场,两极板相距...
答：动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能增加了mgd．故A、D错误．B、由题可判断出电场力方向竖直向上，微粒带正电，电场强度方向竖直向上，则M板的电势低于N板的电势．故B错误．C、由上可知微粒的电势能增加量△?=mgd，又△?=qU，得到两极板的电势差U=mgdq．故C正确．故选：C．
如图所示,一平行板电容器C,极板是水平放置的,它和三个可变电阻、一个...
答：C 试题分析：增大R 3 ，外电路总电阻增大，总电流I减小，平行板电容器C的电压U C =IR 并 ，I减小，U C 减小，板间场强减小，油滴所受电场力减小，所以油滴下降．故A错误．在增大电容器板间距离的过程中，电容器的电容减小，而电容器的电压不变，由电容器的电量减小，电容器放电，电流计指...
一平行板电容器的两个极板水平放置,两极板间有一带电量不变的小油...
答：选C 设f=kv 1.当U=0时,受力分析得mg=kv,则k=mg/k 2.当为U时,qE=mg+kv,即qE=2mg 3.为—U时,( 你可以假设油滴带负电,2中上极板为＋,下为－.3中上为－,下为+.)受力分析得：qE+mg=kv',则v'=(mg+qE)/k=3mg/k=3v 向下 要画图分析噢!!!………参考资料：如果您的回答...
如图所示,C为两极板水平放置的平行板电容器,闭合开关S,当滑动变阻器R1...
答：解：如图所示电路中，当S闭合时：电路稳定时，就没有电流流过R1。此时，电容器两端电压与电阻R2左端部分电阻分得的电压相同。只要R2上的滑片不动，移动R1上的滑片并不会影响电容器的电压。因此，要使尘埃向上加速度，则要使电容器间电场加大，即使电容器两端电压加大。可能的方法有：1、使R2左端电压...
如图所示,水平放置的平行板电容器的两极板M、N,接上直流电源.上极板M...
答：（1）小油滴下落过程中，先受重力，在M板以上做自由落体运动；进入匀强电场后，受重力和电场力作用，小油滴做匀减速运动，到达N板速度为零．以此过程为研究对象，由动能定理得：mg（h+L）-EqL=0解得：E=2×106V/m（2）平行板电容器极板间为匀强电场，U=Ed=2×106×0.15=3×105 V（3）...
如图所示,水平放置的平行板电容器的两极板M、N,接上直流电源。上极板M...
答：解：（1） （2） （3）由 得
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,它的极...
答：水平方向：L=v0t1，竖直方向：d2=12at12，由牛顿第二定律得：mg-qUd=ma，代入数据解得：U=6V；答：（1）为使第一个微粒恰能落在下极板的中点，求微粒入射的初速度v0为2.5m/s．（2）若带电微粒以第（1）问中初速度v0入射，则平行板电容器所获得的电压最大值是6V．
如图所示,一个平行板电容器水平放置,板间距离为d,当对其加上恒定不变...
答：s4πkd可知，电容C将增大；因两板间加恒定电压，故电量将增大；故B正确；C、若有一个电子水平射入穿越两极板之间的电场时，电子受力将向上移动，电场力做正功，电子的电势能一定会减小；故C正确；D、电容器两极板间形成的为匀强电场，电场强度E=Ud=2φd，故D错误；本题选错误的，故选：D．
一平行板电容器C,极板是水平放置的,电路如图所示.闭合电键,今有一质...
答：不能使油滴上升．故B错误．C、只增大两极板间的距离，板间电压不变，由E= U d 知，板间场强减小，电场力减小，则油滴将向下加速．故C正确．D、只将平行板电容器上极板向右平移少许，两极板间的距离和电压均不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．故D错误．故选C ...
20 m/s 2 ,方向竖直向下 设电容器上极板带正电，下极板带负电，则带电尘埃带负电，由平衡条件知mg=qE电路振荡周期T=2π =2π =4π×10 -5 s因为t=2π×10 -5 s= ，所以t=2π×10 -5 s时，电容器恰好反向充电完毕，此时尘埃受向下的重力和电场力作用，则qE=mg据牛顿第二定律有mg+qE=ma所以a="2g=20" m/s 2 ,方向竖直向下.
A、当K闭合后，电容器极板间电势差保持不变，滑线变阻器对电容极板上的电压没有影响．故A错误；B、打开K后，电容器极板上的带电荷量保持不变，由C＝QU＝?S4πkd得E=Ud＝4πkQ?S为一常量，故两极板相互靠近时，板间电场强度保持不变，故微粒保持平衡而不动，故B正确；C、由B分析知，C错误；D、由B分析知，板间电场强度E=Ud＝4πkQ?S，当电容器极板间错开一定距离时正对面积减小，板间场强增大，故微粒受力不平衡，微粒将运动，故D错误．故选：B
根据电容器的电容决定式：C=| ?S |
| 4πkd |
| Q |
| U |
| U |
| d |
综合而得：E=
| 4πkQ |
| ?S |
故选：D．
答：B不正确。由题意知道：小球受到重力、电场力，且两力相等；故而带电小球作直线运动，重力竖直向下，电场力竖直向上。由于小球是斜向下运动，所以电场力做负功。
答：动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能增加了mgd．故A、D错误．B、由题可判断出电场力方向竖直向上，微粒带正电，电场强度方向竖直向上，则M板的电势低于N板的电势．故B错误．C、由上可知微粒的电势能增加量△?=mgd，又△?=qU，得到两极板的电势差U=mgdq．故C正确．故选：C．
答：C 试题分析：增大R 3 ，外电路总电阻增大，总电流I减小，平行板电容器C的电压U C =IR 并 ，I减小，U C 减小，板间场强减小，油滴所受电场力减小，所以油滴下降．故A错误．在增大电容器板间距离的过程中，电容器的电容减小，而电容器的电压不变，由电容器的电量减小，电容器放电，电流计指...
答：选C 设f=kv 1.当U=0时,受力分析得mg=kv,则k=mg/k 2.当为U时,qE=mg+kv,即qE=2mg 3.为—U时,( 你可以假设油滴带负电,2中上极板为＋,下为－.3中上为－,下为+.)受力分析得：qE+mg=kv',则v'=(mg+qE)/k=3mg/k=3v 向下 要画图分析噢!!!………参考资料：如果您的回答...
答：解：如图所示电路中，当S闭合时：电路稳定时，就没有电流流过R1。此时，电容器两端电压与电阻R2左端部分电阻分得的电压相同。只要R2上的滑片不动，移动R1上的滑片并不会影响电容器的电压。因此，要使尘埃向上加速度，则要使电容器间电场加大，即使电容器两端电压加大。可能的方法有：1、使R2左端电压...
答：（1）小油滴下落过程中，先受重力，在M板以上做自由落体运动；进入匀强电场后，受重力和电场力作用，小油滴做匀减速运动，到达N板速度为零．以此过程为研究对象，由动能定理得：mg（h+L）-EqL=0解得：E=2×106V/m（2）平行板电容器极板间为匀强电场，U=Ed=2×106×0.15=3×105 V（3）...
答：解：（1） （2） （3）由 得
答：水平方向：L=v0t1，竖直方向：d2=12at12，由牛顿第二定律得：mg-qUd=ma，代入数据解得：U=6V；答：（1）为使第一个微粒恰能落在下极板的中点，求微粒入射的初速度v0为2.5m/s．（2）若带电微粒以第（1）问中初速度v0入射，则平行板电容器所获得的电压最大值是6V．
答：s4πkd可知，电容C将增大；因两板间加恒定电压，故电量将增大；故B正确；C、若有一个电子水平射入穿越两极板之间的电场时，电子受力将向上移动，电场力做正功，电子的电势能一定会减小；故C正确；D、电容器两极板间形成的为匀强电场，电场强度E=Ud=2φd，故D错误；本题选错误的，故选：D．
答：不能使油滴上升．故B错误．C、只增大两极板间的距离，板间电压不变，由E= U d 知，板间场强减小，电场力减小，则油滴将向下加速．故C正确．D、只将平行板电容器上极板向右平移少许，两极板间的距离和电压均不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．故D错误．故选C ...
