如图所示，C为两极板水平放置的平行板电容器，闭合开关S，当滑动变阻器R1、R2的滑片处于各自的中点
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-03
（2010?长春一模）如图所示，C为两极板水平放置的平行板电容器，闭合开关S，当滑动变阻器R1、R2的滑片处
如图所示电路中，当S闭合时：
电路稳定时，就没有电流流过R1。此时，电容器两端电压与电阻R2左端部分电阻分得的电压相同。
只要R2上的滑片不动，移动R1上的滑片并不会影响电容器的电压。
因此，要使尘埃向上加速度，则要使电容器间电场加大，即使电容器两端电压加大。
可能的方法有：
1、使R2左端电压增大，即滑片向右移。
2、断开开关S，此时相当于把电容器串联在干路上，电容器会充电，电压会增加，并最终等于电源电压。
综合有：CD正确。
若对此题有疑问，请追问！
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,极板长...
答：（1）2.5m/s（2）下极板带正电荷， 试题分析：（1）带电粒子做平抛运动水平位移： ① 竖直位移： ② 由①、②得 （2）下极板带正电荷 由平衡条件有qE=mg ③ 又 ④ Q=CU ⑤ 由③、④、⑤得 ⑥ 将数据代入⑥式，解得 点评：本题的分析关键是带电...
如图所示,水平放置的平行板电容器两极板间距为d,带负电的微粒质量为m...
答：故A错误．B、微粒的重力势能减小了mgd，由能量守恒定律得知，微粒的电势能增加了mgd．故B错误．C、由mg=qE=q U d 得，U= mgd q ．故C正确．D、带负电的微粒所受电场力方向竖直向上，则场强方向竖直向下，则M板的电势高于N板的电势．故D错误．故选C ...
如图所示,水平放置的平行板电容器与电压恒定的直流电源相连,两极板间...
答：对全程由动能定理可得：mgh1-mgh2+qEh2=0解得：E=5.0×106V/m则两板间的电势差 U=Ed=5×105V电容器的带电量 Q=CU=1.0×10-6C答：电容器的带电量Q为1.0×10-6C．
...如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,极 ...
答：④Q=CU ⑤由③、④、⑤得Q＝mgCdq ⑥将数据带入⑥式，解得Q=2×10?6×10×1×10?6×0.41×10?8C＝8×10?6C 答：（1）粒子入射速度为2.5m/s（2）下极板带正电，电荷量为Q=8×10-6C
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电
答：1、设落到下极板的时间为t，d/2=0.5gt^2 得：t=0.02s 落点范围能在下极板中点到右边缘的B点之间，水平位移大于等于OA，小于等于AB，L/2<=v0*t<=L 则：2.5<=v0<=5 2、设AB带电量为Q，带电微粒不能落到下极板上；带电微粒受到的力F=mg-Eq=mg-(U/d)q=mg-(Q/C/d)q d...
如图所示,水平放置的平行板电容器的两极板M、N,接上直流电源.上极板M...
答：（1）平行板电容器极板间为匀强电场，E=Ud=6×105V0.15m=4×106V/m…①场强方向由M板垂直指向N板． （2）平板电容器的电容C=4.0×10-12 F，据电容器的定义式C=QU得：Q=CU=4.0×10-12 F×6×105 V=2.4×10-6 C．（3）小油滴下落过程中，先受重力，在M板以上做自由落体...
一平行板电容器C,极板是水平放置的,电路如图所示.闭合电键,今有一质...
答：不能使油滴上升．故B错误．C、只增大两极板间的距离，板间电压不变，由E= U d 知，板间场强减小，电场力减小，则油滴将向下加速．故C正确．D、只将平行板电容器上极板向右平移少许，两极板间的距离和电压均不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．故D错误．故选C ...
如图所示,一平行板电容器两极板水平放置,充电后断开电源,极板间一带电...
答：根据电容器的电容决定式：C=?S4πkd、电容的定义式C=QU、电场强度与电势差的关系式：E=Ud；综合而得：E=4πkQ?S．由题意知，电容器所带电荷量Q不变，?、S也不变，则当两极板间距离变化时，板间场强E不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍处于静止状态．故D正确．故选：D．
一平行板电容器 C ,极板是水平放置的,它与三个可变电阻及电源连接如图...
答：通过定值电阻R 2 的电流变小，其两端的电压U 2 减小，由U=U 2 +U 3 知定值电阻R 3 两端的电压增大，电容器两极板间的电压增大，由 知场强增大，电场力增大，所以油滴要上升，C对。点评：本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律...
如图所示,水平放置的两平行金属板,板长为10cm
答：（1）qU=mv0^2/2 U=mv0^2/2q=0.91×10^-30 *(4×10^7 )^2/2*1.6×10^-19C=4.55*10^3V (2)在荧光屏距中心10cm是最大位移。电子在电场中的运动时间t=L/V0=0.1/4*10^7=2.5*10^-9s 设两极板间所加电压为U'，电子在电场中的加速度为 a=qU'/md 电子在电场中的...
A、尘埃P受到重力和电场力而平衡，要使尘埃P向下加速，就要减小电场力，故要减小电容器两端的电压；电路稳定时，滑动变阻器R1无电流通过，两端电压为零，故改变R1的电阻值无效果，故A错误；B、C、变阻器R2处于分压状态，电容器两端电压等于变阻器R2左半段的电压，故要减小变阻器R2左半段的电阻值，变阻器R2滑片应该向左移动，故B正确，C错误；D、把闭合的开关S断开，电容器两端电压增大到等于电源电动势，故P向上加速，故D错误；故选B．
解：
如图所示电路中，当S闭合时：
电路稳定时，就没有电流流过R1。此时，电容器两端电压与电阻R2左端部分电阻分得的电压相同。
只要R2上的滑片不动，移动R1上的滑片并不会影响电容器的电压。
因此，要使尘埃向上加速度，则要使电容器间电场加大，即使电容器两端电压加大。
可能的方法有：
1、使R2左端电压增大，即滑片向右移。
2、断开开关S，此时相当于把电容器串联在干路上，电容器会充电，电压会增加，并最终等于电源电压。
综合有：CD正确。
若对此题有疑问，请追问！
如图所示电路中，当S闭合时：
电路稳定时，就没有电流流过R1。此时，电容器两端电压与电阻R2左端部分电阻分得的电压相同。
只要R2上的滑片不动，移动R1上的滑片并不会影响电容器的电压。
因此，要使尘埃向上加速度，则要使电容器间电场加大，即使电容器两端电压加大。
可能的方法有：
1、使R2左端电压增大，即滑片向右移。
2、断开开关S，此时相当于把电容器串联在干路上，电容器会充电，电压会增加，并最终等于电源电压。
综合有：CD正确。
若对此题有疑问，请追问！
答：（1）2.5m/s（2）下极板带正电荷， 试题分析：（1）带电粒子做平抛运动水平位移： ① 竖直位移： ② 由①、②得 （2）下极板带正电荷 由平衡条件有qE=mg ③ 又 ④ Q=CU ⑤ 由③、④、⑤得 ⑥ 将数据代入⑥式，解得 点评：本题的分析关键是带电...
答：故A错误．B、微粒的重力势能减小了mgd，由能量守恒定律得知，微粒的电势能增加了mgd．故B错误．C、由mg=qE=q U d 得，U= mgd q ．故C正确．D、带负电的微粒所受电场力方向竖直向上，则场强方向竖直向下，则M板的电势高于N板的电势．故D错误．故选C ...
答：对全程由动能定理可得：mgh1-mgh2+qEh2=0解得：E=5.0×106V/m则两板间的电势差 U=Ed=5×105V电容器的带电量 Q=CU=1.0×10-6C答：电容器的带电量Q为1.0×10-6C．
答：④Q=CU ⑤由③、④、⑤得Q＝mgCdq ⑥将数据带入⑥式，解得Q=2×10?6×10×1×10?6×0.41×10?8C＝8×10?6C 答：（1）粒子入射速度为2.5m/s（2）下极板带正电，电荷量为Q=8×10-6C
答：1、设落到下极板的时间为t，d/2=0.5gt^2 得：t=0.02s 落点范围能在下极板中点到右边缘的B点之间，水平位移大于等于OA，小于等于AB，L/2<=v0*t<=L 则：2.5<=v0<=5 2、设AB带电量为Q，带电微粒不能落到下极板上；带电微粒受到的力F=mg-Eq=mg-(U/d)q=mg-(Q/C/d)q d...
答：（1）平行板电容器极板间为匀强电场，E=Ud=6×105V0.15m=4×106V/m…①场强方向由M板垂直指向N板． （2）平板电容器的电容C=4.0×10-12 F，据电容器的定义式C=QU得：Q=CU=4.0×10-12 F×6×105 V=2.4×10-6 C．（3）小油滴下落过程中，先受重力，在M板以上做自由落体...
答：不能使油滴上升．故B错误．C、只增大两极板间的距离，板间电压不变，由E= U d 知，板间场强减小，电场力减小，则油滴将向下加速．故C正确．D、只将平行板电容器上极板向右平移少许，两极板间的距离和电压均不变，板间场强不变，油滴仍处于静止状态．故D错误．故选C ...
答：根据电容器的电容决定式：C=?S4πkd、电容的定义式C=QU、电场强度与电势差的关系式：E=Ud；综合而得：E=4πkQ?S．由题意知，电容器所带电荷量Q不变，?、S也不变，则当两极板间距离变化时，板间场强E不变，微粒所受的电场力不变，则微粒仍处于静止状态．故D正确．故选：D．
答：通过定值电阻R 2 的电流变小，其两端的电压U 2 减小，由U=U 2 +U 3 知定值电阻R 3 两端的电压增大，电容器两极板间的电压增大，由 知场强增大，电场力增大，所以油滴要上升，C对。点评：本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律...
答：（1）qU=mv0^2/2 U=mv0^2/2q=0.91×10^-30 *(4×10^7 )^2/2*1.6×10^-19C=4.55*10^3V (2)在荧光屏距中心10cm是最大位移。电子在电场中的运动时间t=L/V0=0.1/4*10^7=2.5*10^-9s 设两极板间所加电压为U'，电子在电场中的加速度为 a=qU'/md 电子在电场中的...
