（2014?临沂模拟）如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-31
（2014?陕西二模）如图所示，平行金属板中带电质点P原来处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响
当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；
因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；
因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；
因R3两端的电压减小，由P=
可知，R3上消耗的功率减小； 故D错误；
故选A．
(2014?临沂模拟)如图所示,平行金属板中带电质点P原处于静止状态,不考 ...
答：则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由P=U2R可知，R3上消耗的功率减小； 故D错误；...
(2014?临沂模拟)如图所示,一个男孩用一水平推力推一个放在水平地面上的...
答：一个男孩用一水平推力推一个放在水平地面上的木箱，但是没有推动，则静止的木箱受平衡力作用，而木箱在水平方向上受到推力和摩擦力作用，二力是一对平衡力；在竖直方向上受到重力和支持力作用，二力是一对平衡力．故A正确，BC错误；男孩没有推动木箱，是因为推力太小．故D错误．故选A．
(2014?临沂模拟)如图所示,两木板A、B并排放在地面上,A左端放一小滑块...
答：小滑块滑上木板A后，木板A保持静止设小滑块滑动的加速度为a1，则：F-μ1mg=ma1根据运动学公式，有：l=12a1t21解得：t1=1s（2）设小滑块滑上B时，
(2014?临沂)如图所示,用F=6N水平向右的拉力匀速拉动物块A时,物块B静止...
答：以B为研究对象，B在水平方向受弹簧测力计对其向左的拉力和物体A对其向右的摩擦力作用．因为B静止，所以这两个力平衡大小相等．所以所受摩擦力为4N，方向向右．故选B．
(2014?临沂模拟)如图所示,质量为M的斜面体A放在粗糙水平面上,用轻绳...
答：解：以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，水平方向：f=Tcosθ，方向水平向右，故AB错误；竖直方向：N=（m+M）g-Tsinθ，可见N＜（M+m）g，根据牛顿第三定律：斜面体对水平面的压力N′=N＜（M+m）g故C错误D正确；故选：D．
(2014?临沂模拟)如图所示,在竖直平面内有一个半径为R,粗细不计的圆管轨...
答：A、重力做功与路径无关，只与初末位置高度差有关，故WG=mgR，故A错误；B、小球恰能沿管道到达最高点B，得到B点速度为零；故小球从P到B的运动过程中，动能增加量为零；重力势能减小量为mgR；故机械能减少量为mgR；故B正确；C、小球从P到B的运动过程中，合外力做功等于动能的增加量，为零，故C...
(2014?临沂模拟)如图所示,重为100N的物体A,在大小为20N方向向左的水平...
答：A、物体运动的速度：v=st=0.3m3s=0.1m/s；故A错误；B、因为作用在动滑轮上绳子的条数为2，所以物体与地面之间的摩擦力f=2F=2×20N=40N；故B错误；C、自由端F的速度：v′=2v=2×0.1m/s=0.2m/s，则拉力F的功率：P=Fv′=20N×0.2m/s=4W，故C错误；D、拉力F做的功：W=Pt=4W...
(2014?临沂二模)如图所示,有一束平行于等边三棱镜截面ABC的单色光...
答：①设入射角为i，折射角为r，由折射定律得： sinisinr=n ①其中 i=90°-θ=60° ②由已知条件及①②式得： r=30° ③光路图如图所示，设出射点为F，由几何关系可知△BEF为等边三角形， BF=BE=L2 ④即该单色光射到BC边上的中点位置．②从而可得在BC边上的入射角为i1=30° ...
(2014?临沂二模)如图所示,相距为L的两足够长平行金属导轨固定在水平面上...
答：C、根据能量守恒定律得：整个回路中产生的热量为：Q=FS-12mv2=FS-2mF2R2B2L2，故C正确．D、据题，cd棒的速度达到最大时ab棒所受的静摩擦力最大，cd所受的最大静摩擦力等于安培力，由于两棒所受的安培力大小相等，所以金属棒ab与轨道之间的最大静摩擦力等于F，故D正确．故选：ACD ...
(2014?临沂三模)如图所示,在粗糙水平台阶上静止放置一质量m=0.5kg的...
答：小物块的平抛初速度不能超过4m/s；设拉力F作用的最长距离为x2，由动能定理可得：Fx2-μmgs=12mv02解得：解得：x2=12mv2+μmgsF=12×0.5×16+0.5×0.5×10×55=3.3m；故为使物块击中档板，拉力F的作用距离范围为：2.5＜x≤3.3；（3）设小物块击中档板的任意点坐标为：（x，y）；...
当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，其接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知干路电流I增大．电容器板间电压等于R3的电压．R4减小，AB间并联部分的总电阻减小，则R3的电压减小，R3上消耗的功率逐渐减小，电容器板间场强减小，质点P所受的电场力减小，所以质点P将向下运动．流过电流表的电流IA=I-I3，I增大，I3减小，则IA增大，所以电流表读数增大．R4的电压U4=U3-U2，U3减小，U2增大，则U4减小，所以电压表读数减小．由于R1的阻值和电源内阻r相等，则外电路总电阻大于电源的内阻r，当外电阻减小时，电源的输出功率逐渐增大．故ABD错误，C正确．故选：C．
A答案错误，因为：
当滑动变阻器的滑片向b端移动时电阻变小，
它和R2串联后的电阻变小，
以上部分再和R3并联后的总电阻变小，电容器是和以上部分并联的，所以电容器两端的电压减小，其内部电场减小，带电质点P受到向上的电场力减小，所以会向下运动。
当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；
因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；
因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；
因R3两端的电压减小，由P=
| U2 |
| R |
故选A．
答：则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由P=U2R可知，R3上消耗的功率减小； 故D错误；...
答：一个男孩用一水平推力推一个放在水平地面上的木箱，但是没有推动，则静止的木箱受平衡力作用，而木箱在水平方向上受到推力和摩擦力作用，二力是一对平衡力；在竖直方向上受到重力和支持力作用，二力是一对平衡力．故A正确，BC错误；男孩没有推动木箱，是因为推力太小．故D错误．故选A．
答：小滑块滑上木板A后，木板A保持静止设小滑块滑动的加速度为a1，则：F-μ1mg=ma1根据运动学公式，有：l=12a1t21解得：t1=1s（2）设小滑块滑上B时，
答：以B为研究对象，B在水平方向受弹簧测力计对其向左的拉力和物体A对其向右的摩擦力作用．因为B静止，所以这两个力平衡大小相等．所以所受摩擦力为4N，方向向右．故选B．
答：解：以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，水平方向：f=Tcosθ，方向水平向右，故AB错误；竖直方向：N=（m+M）g-Tsinθ，可见N＜（M+m）g，根据牛顿第三定律：斜面体对水平面的压力N′=N＜（M+m）g故C错误D正确；故选：D．
答：A、重力做功与路径无关，只与初末位置高度差有关，故WG=mgR，故A错误；B、小球恰能沿管道到达最高点B，得到B点速度为零；故小球从P到B的运动过程中，动能增加量为零；重力势能减小量为mgR；故机械能减少量为mgR；故B正确；C、小球从P到B的运动过程中，合外力做功等于动能的增加量，为零，故C...
答：A、物体运动的速度：v=st=0.3m3s=0.1m/s；故A错误；B、因为作用在动滑轮上绳子的条数为2，所以物体与地面之间的摩擦力f=2F=2×20N=40N；故B错误；C、自由端F的速度：v′=2v=2×0.1m/s=0.2m/s，则拉力F的功率：P=Fv′=20N×0.2m/s=4W，故C错误；D、拉力F做的功：W=Pt=4W...
答：①设入射角为i，折射角为r，由折射定律得： sinisinr=n ①其中 i=90°-θ=60° ②由已知条件及①②式得： r=30° ③光路图如图所示，设出射点为F，由几何关系可知△BEF为等边三角形， BF=BE=L2 ④即该单色光射到BC边上的中点位置．②从而可得在BC边上的入射角为i1=30° ...
答：C、根据能量守恒定律得：整个回路中产生的热量为：Q=FS-12mv2=FS-2mF2R2B2L2，故C正确．D、据题，cd棒的速度达到最大时ab棒所受的静摩擦力最大，cd所受的最大静摩擦力等于安培力，由于两棒所受的安培力大小相等，所以金属棒ab与轨道之间的最大静摩擦力等于F，故D正确．故选：ACD ...
答：小物块的平抛初速度不能超过4m/s；设拉力F作用的最长距离为x2，由动能定理可得：Fx2-μmgs=12mv02解得：解得：x2=12mv2+μmgsF=12×0.5×16+0.5×0.5×10×55=3.3m；故为使物块击中档板，拉力F的作用距离范围为：2.5＜x≤3.3；（3）设小物块击中档板的任意点坐标为：（x，y）；...
