（2014?徐汇区一模）如图，正方形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，在外力作用下，一正方形闭合导线框沿
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-02
（2012?重庆）如图所示，正方形区域MNPQ内有垂直纸面向里的匀强磁场．在外力作用下，一正方形闭合刚性导
由数学知识可知：θ=45°，
导线框的位移s=vt，切割磁感线的有效长度：
L=2vttanθ=2vttan45°=2vt，
感应电动势：E=BLv=2Bv2t，
电流为：I=
=
，
线框受的安培力：F=BIL=
，
由此可知，F-t图象，是由两部分二次函数图象组成，当对角线bc与磁场边界重合时，F最大，然后减小，
由图示图象可知，ACD错误，B正确；
故选：B．
(2013?徐汇区一模)如图所示,竖直平面内有两个水平固定的等量同种正...
答：由题意知从A到O，电场力做正功，电势能减小，从O到B，电场力做负功，电势能增加，故电荷电势能的变化情况为先减小后增大；设O点速度为V，由动能定理：-mgL+qUOA=0-mgL-qUOB=0-12mV2其中UOA=UOB联立解得V=4gL故答案为：先减小后增大，4gL ...
高三物理一模卷。徐汇区。看下面的图。第2空怎么做?答案是根号4gL,写 ...
答：静止释放的时候 达到O点。从A点到达O点，提升的重力势能为 mgL ，此时为电场力对电荷做正功。若以某一初速度，到达B。因为A、B是等势点。 所以动能完全转化为重力势能。得出 某一初动能为 2mgL。那么在A点以某一初速度往上抛的时候，到达O点，重力势能消耗了mgL。而电场力对其做功为mgL。所以...
(2012?徐汇区一模)如图,已知PA⊥平面ABC,AC⊥AB,AP=BC=2,∠CBA=30°...
答：解答：解（1）解法一：取AB中点F，连接DF，EF，则AC∥DF，所以∠EDF就是异面直线AC与PB所成的角．由已知，AC＝EA＝AD＝1 ， AB＝3 ， PB＝7，∵AC⊥EF，∴DF⊥EF．在Rt△EFD中，DF＝12 ， ED＝2，cos∠EDF＝24．所以异面直线AC与ED所成的角为arccos24（arctan7)．解法二：建立空间...
(2013?徐汇区一模)如图,在△ABC中,BE平分∠ABC交AC于点E,过点E作ED∥...
答：（1）证明：∵BE平分∠ABC，∴∠ABE=∠CBE．…（1分）∵DE∥BC，∴∠DEB=∠CBE…（1分）∴∠ABE=∠DEB．∴BD=DE，…（1分）∵DE∥BC，∴△ADE∽△ABC，∴AEAC＝DEBC…（1分）∴AEAC＝BDBC，∴AE?BC=BD?AC；…（1分）（2）解：设△ABE中边AB上的高为h．∴S△ADES△BDE＝12AD?
(2013?徐汇区一模)如图,小岛B正好在深水港口A的东南方向,一艘集装箱货...
答：解：由题意，得AC＝30×23＝20． …（2分）[方法一]过点C作CD⊥AB，垂足为D．…（1分）在Rt△ADC中，∠ADC=90°，∠CAD=45°∴AD＝ACcos45°＝102，CD＝ACsin45°＝102…（2分）在Rt△BDC中，∠BDC=90°，∠B=90°-45°-15°=30°…（1分）∴BD＝CDcot30°＝106…（2分）...
(2013?徐汇区一模)如图所示,一根不可伸长的细绳两端分别连接在固定框架...
答：设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为α，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，得sinα=SL…①以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得 2Fcosα=mg，得F=mg2cosα …②A、B当只将绳的左端移向A′点，S和L均不变，则由②式得知，F不变．故A错误，B正确...
(2012?徐汇区一模)如图所示,左右两柱形玻璃管形状、大小均相同,分别注 ...
答：已知水和煤油对玻璃管底部的压强相等，但水的密度大于煤油，所以水的深度h2小于煤油的深度h1，水平管位于竖直玻璃管的上方，同一水平线，水减小的压强大于煤油减小的压强，所以右侧的液体压强较大，即阀门打开瞬间，细管中的液体向左流动．故选A．
(2010?徐汇区一模)如图,在Rt△ABC中,CD是斜边AB上的高,则下列线段的比...
答：∵在Rt△ABC中，CD是斜边AB上的高，∴sinA=CDAC=CBAB，同时有，sinA=sin∠DCB=DBCB．故选D．
(2010?徐汇区一模),如图给出的是计算12+14+16+…+120的值的一个程序框 ...
答：由已知中最后一次进入循环时，n=20，i=10即n≤20，i≤10时，进入循环故答案为：n＞20或i＞10
(2012?徐汇区一模)如图为竖直放置的上粗下细的两端封闭的细管,水银柱...
答：A、首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：PATA＝P′AT′A对气体B：PBTB＝P′BT′B初始时，PB=PA+Ph；TA=TB后来，T′A＝T′B可见使A、B升高相同温度，P′A=T′ATAPA＜P′B=T′BTBPB故假设错误，水银柱将向上运动，故A正确B、由A分析得，B错误C、...
解答：解：第一段时间从初位置到M′N′离开磁场，图甲表示该过程的任意一个位置，切割磁感线的有效长度为M1A与N1B之和，即为M1M′长度的2倍，此时电动势E=2Bvtv，线框受的安培力f=2BIvt=4B2v3t2R，图象是开口向上的抛物线，故CD错误；如图乙所示，线框的右端M2N2刚好出磁场时，左端Q2P2恰与MP共线，此后一段时间内有效长度不变，一直到线框的左端与M′N′重合，这段时间内电流不变，安培力大小不变；最后一段时间如图丙所示，从匀速运动至M2N2开始计时，有效长度为A′C′=l-2vt′，电动势E′=B（l-2vt′）v，线框受的安培力F′=B2(l?2vt′)2vR，图象是开口向上的抛物线，故A错误，B正确．故选B．
A 试题分析：由几何关系可知，粒子在磁场中做匀速圆周运动的圆心恰好在C点，这样半径为L，根据 可知，磁感强度大小B= ，A正确；电荷在磁场中运动的路程 ，因此运动的时间 ，B错误；若从CD边界射出，则在磁场中运动的时间恰好为半个周期，而粒子在磁场中运动的周期 ，与粒子运动的速度无关，因此若电荷从CD边界射出，虽然入射速度的减小，但电荷在磁场中运动的时间总是 ，保持不变，C错误；若电荷的入射速度变为2v 0 ，则根据 可知轨道半径为2L，则根据几何关系可以求出射出点距B的距离为 ，D错误。
解答：解：经过时间t，导线框位置如图所示，由数学知识可知：θ=45°，
导线框的位移s=vt，切割磁感线的有效长度：
L=2vttanθ=2vttan45°=2vt，
感应电动势：E=BLv=2Bv2t，
电流为：I=
| E |
| R |
| 2Bv2t |
| R |
线框受的安培力：F=BIL=
| 4B2v3t2 |
| R |
由此可知，F-t图象，是由两部分二次函数图象组成，当对角线bc与磁场边界重合时，F最大，然后减小，
由图示图象可知，ACD错误，B正确；
故选：B．
答：由题意知从A到O，电场力做正功，电势能减小，从O到B，电场力做负功，电势能增加，故电荷电势能的变化情况为先减小后增大；设O点速度为V，由动能定理：-mgL+qUOA=0-mgL-qUOB=0-12mV2其中UOA=UOB联立解得V=4gL故答案为：先减小后增大，4gL ...
答：静止释放的时候 达到O点。从A点到达O点，提升的重力势能为 mgL ，此时为电场力对电荷做正功。若以某一初速度，到达B。因为A、B是等势点。 所以动能完全转化为重力势能。得出 某一初动能为 2mgL。那么在A点以某一初速度往上抛的时候，到达O点，重力势能消耗了mgL。而电场力对其做功为mgL。所以...
答：解答：解（1）解法一：取AB中点F，连接DF，EF，则AC∥DF，所以∠EDF就是异面直线AC与PB所成的角．由已知，AC＝EA＝AD＝1 ， AB＝3 ， PB＝7，∵AC⊥EF，∴DF⊥EF．在Rt△EFD中，DF＝12 ， ED＝2，cos∠EDF＝24．所以异面直线AC与ED所成的角为arccos24（arctan7)．解法二：建立空间...
答：（1）证明：∵BE平分∠ABC，∴∠ABE=∠CBE．…（1分）∵DE∥BC，∴∠DEB=∠CBE…（1分）∴∠ABE=∠DEB．∴BD=DE，…（1分）∵DE∥BC，∴△ADE∽△ABC，∴AEAC＝DEBC…（1分）∴AEAC＝BDBC，∴AE?BC=BD?AC；…（1分）（2）解：设△ABE中边AB上的高为h．∴S△ADES△BDE＝12AD?
答：解：由题意，得AC＝30×23＝20． …（2分）[方法一]过点C作CD⊥AB，垂足为D．…（1分）在Rt△ADC中，∠ADC=90°，∠CAD=45°∴AD＝ACcos45°＝102，CD＝ACsin45°＝102…（2分）在Rt△BDC中，∠BDC=90°，∠B=90°-45°-15°=30°…（1分）∴BD＝CDcot30°＝106…（2分）...
答：设滑轮两侧绳子与竖直方向的夹角为α，绳子的长度为L，B点到墙壁的距离为S，根据几何知识和对称性，得sinα=SL…①以滑轮为研究对象，设绳子拉力大小为F，根据平衡条件得 2Fcosα=mg，得F=mg2cosα …②A、B当只将绳的左端移向A′点，S和L均不变，则由②式得知，F不变．故A错误，B正确...
答：已知水和煤油对玻璃管底部的压强相等，但水的密度大于煤油，所以水的深度h2小于煤油的深度h1，水平管位于竖直玻璃管的上方，同一水平线，水减小的压强大于煤油减小的压强，所以右侧的液体压强较大，即阀门打开瞬间，细管中的液体向左流动．故选A．
答：∵在Rt△ABC中，CD是斜边AB上的高，∴sinA=CDAC=CBAB，同时有，sinA=sin∠DCB=DBCB．故选D．
答：由已知中最后一次进入循环时，n=20，i=10即n≤20，i≤10时，进入循环故答案为：n＞20或i＞10
答：A、首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：PATA＝P′AT′A对气体B：PBTB＝P′BT′B初始时，PB=PA+Ph；TA=TB后来，T′A＝T′B可见使A、B升高相同温度，P′A=T′ATAPA＜P′B=T′BTBPB故假设错误，水银柱将向上运动，故A正确B、由A分析得，B错误C、...
