（2010?徐汇区一模），如图给出的是计算12+14+16+…+120的值的一个程序框图，其中判断框内填入的条件是
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-04
如图给出的是计算12+14+16+…+120的值的一个程序框图，其中判断框内应填入的条件是（ ）A．i＞9B．i＞
n=20，i=10
即n≤20，i≤10时，进入循环
故答案为：n＞20或i＞10
(2010?徐汇区一模)圆锥曲线上任意两点连成的线段称为弦.若圆锥曲线上的...
答：（1）因为MN是垂直于x轴的一条垂轴弦，所以，N（m，-n），则lMP：y?n＝y0?nx0?m(x?m)． 令y=0，则xE＝my0?nx0y0?n．同理可得：xF＝my0+nx0y0+n．（2）由（1）可知：xE?xF＝m2y02?n2x02y02?n2．∵M，P在椭圆C：x2a2+y2b2＝1上，∴n2＝b2(1?m2a2)，y02＝b2(1?
(2010?徐汇区一模)在光滑绝缘的水平面上,长为2L的绝缘轻质细杆的两端...
答：电场力对系统做功为W1=2Eq×3L+（-3Eq×2L）=0故系统不能从右端滑出，A刚滑到右边界时速度刚好为零．设B从静止到刚进入电场的时间为t1，则 t1＝vma1＝2mLEq设B进入电场后，系统的加速度为a2，由牛顿第二定律-3Eq+2Eq=2ma2系统做匀减速运动，减速所需时间为t2，则有t2＝0?vma2＝8mLEq...
(你0右0?徐汇区一模)已知:如图,AD是△AqC个角平分线,过点q、C分别作AD...
答：证明：（0）∵A我平分∠BAC，∴∠BAF=∠CAE，又∵BF⊥A我，CE⊥A我，∴∠BFA=∠AEC=95°，∴△ABF∽△ACE．（2）由（0）有AFAE＝BFEC，∵BF⊥A我，CE⊥A我，∴BF∥EC，∴PFPC＝BFEC，∴AFAE＝PFPC，∴AP∥EC．
(2010?徐汇区一模)一物体从某一行星(行星表面不存在空气)表面竖直向上...
答：根据h=12gt2得，则g=2ht2＝2×1616m/s2＝2m/s2．则第一个竖直上抛运动的物体的初速度v0=gt=2×4m/s=8m/s．第一个物体上升的最大高度为16m，则第二个物体与它相遇时高度最高也只能是16m时相遇，经历的时间最长．根据v0′t?12gt2＝h，解得t=2s，或t=8s（舍去）则t0=4-2s=2s．故...
(大中11?徐汇区一模)如图所示,甲图表示胚芽鞘受到单侧光的照射,乙图...
答：单侧光照射使生长素由向光侧向背光侧运输，导致背光侧生长素浓度大于向光侧，且背光侧生长速度大于向光侧，根据图乙可知若b侧（向光侧）生长素浓度为m，则a侧（向光侧）生长素浓度应介于m和n之间．故选：A．
高三物理一模卷。徐汇区。看下面的图。第2空怎么做?答案是根号4gL,写 ...
答：静止释放的时候 达到O点。从A点到达O点，提升的重力势能为 mgL ，此时为电场力对电荷做正功。若以某一初速度，到达B。因为A、B是等势点。 所以动能完全转化为重力势能。得出 某一初动能为 2mgL。那么在A点以某一初速度往上抛的时候，到达O点，重力势能消耗了mgL。而电场力对其做功为mgL。所以...
(2012?徐汇区一模)如图,已知PA⊥平面ABC,AC⊥AB,AP=BC=2,∠CBA=30°...
答：解答：解（1）解法一：取AB中点F，连接DF，EF，则AC∥DF，所以∠EDF就是异面直线AC与PB所成的角．由已知，AC＝EA＝AD＝1 ， AB＝3 ， PB＝7，∵AC⊥EF，∴DF⊥EF．在Rt△EFD中，DF＝12 ， ED＝2，cos∠EDF＝24．所以异面直线AC与ED所成的角为arccos24（arctan7)．解法二：建立空间...
(2012?徐汇区一模)如图为竖直放置的上粗下细的两端封闭的细管,水银柱...
答：A、首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：PATA＝P′AT′A对气体B：PBTB＝P′BT′B初始时，PB=PA+Ph；TA=TB后来，T′A＝T′B可见使A、B升高相同温度，P′A=T′ATAPA＜P′B=T′BTBPB故假设错误，水银柱将向上运动，故A正确B、由A分析得，B错误C、...
(2011?徐汇区一模)如图在△ABC中,∠ACB=90°,CD⊥AB于D,AC=4,BC=3...
答：根据题意：∠DCB=∠CAB．在Rt△ABC中，易得AB=5，cos∠CAB=45．故cos∠DCB=45．
(2011?徐汇区一模)如图,在梯形ABCD中,AD∥BC,AB=CD=BC=6,AD=3.点M...
答：解答：证明：（1）在梯形ABCD中，∵AD∥BC，AB=CD，∴∠B=∠C，（1分）∵∠BMF=∠EMB+∠EMF=∠C+∠MFC，又∵∠EMF=∠B，∴∠EMB=∠MFC，（1分）∴△EMB∽△MFC，∴EBEM＝MCMF，（1分）∵MC=MB，∴EBEM＝MBMF，又∵∠EMF=∠B，∴△MEF∽△BEM；（1分）（2）解：若△BEM是以BM为...
框图首先给累加变量S赋值为0，n赋值2，给循环变量i赋值1．此时判断框中的条件满足，执行S=0+12，n=2+2=4，i=1+1=2；此时判断框中的条件满足，执行S=0+12+14，n=4+2=6，i=2+1=3；此时判断框中的条件满足，执行S=0+12+14+16，n=6+2=8，i=3+1=4；…此时判断框中的条件满足，执行S=12+14+16+…+120，n=18+2=20，i=9+1=10；此时判断框中的条件不满足，故判断框内应填入的一个条件为i＞10．故选：B．
根据框图，i-1表示加的项数当加到120时，总共经过了10次运算，则不能超过10次，i-1=10执行“是”所以判断框中的条件是“i＞10”故选A
由已知中最后一次进入循环时，n=20，i=10
即n≤20，i≤10时，进入循环
故答案为：n＞20或i＞10
答：（1）因为MN是垂直于x轴的一条垂轴弦，所以，N（m，-n），则lMP：y?n＝y0?nx0?m(x?m)． 令y=0，则xE＝my0?nx0y0?n．同理可得：xF＝my0+nx0y0+n．（2）由（1）可知：xE?xF＝m2y02?n2x02y02?n2．∵M，P在椭圆C：x2a2+y2b2＝1上，∴n2＝b2(1?m2a2)，y02＝b2(1?
答：电场力对系统做功为W1=2Eq×3L+（-3Eq×2L）=0故系统不能从右端滑出，A刚滑到右边界时速度刚好为零．设B从静止到刚进入电场的时间为t1，则 t1＝vma1＝2mLEq设B进入电场后，系统的加速度为a2，由牛顿第二定律-3Eq+2Eq=2ma2系统做匀减速运动，减速所需时间为t2，则有t2＝0?vma2＝8mLEq...
答：证明：（0）∵A我平分∠BAC，∴∠BAF=∠CAE，又∵BF⊥A我，CE⊥A我，∴∠BFA=∠AEC=95°，∴△ABF∽△ACE．（2）由（0）有AFAE＝BFEC，∵BF⊥A我，CE⊥A我，∴BF∥EC，∴PFPC＝BFEC，∴AFAE＝PFPC，∴AP∥EC．
答：根据h=12gt2得，则g=2ht2＝2×1616m/s2＝2m/s2．则第一个竖直上抛运动的物体的初速度v0=gt=2×4m/s=8m/s．第一个物体上升的最大高度为16m，则第二个物体与它相遇时高度最高也只能是16m时相遇，经历的时间最长．根据v0′t?12gt2＝h，解得t=2s，或t=8s（舍去）则t0=4-2s=2s．故...
答：单侧光照射使生长素由向光侧向背光侧运输，导致背光侧生长素浓度大于向光侧，且背光侧生长速度大于向光侧，根据图乙可知若b侧（向光侧）生长素浓度为m，则a侧（向光侧）生长素浓度应介于m和n之间．故选：A．
答：静止释放的时候 达到O点。从A点到达O点，提升的重力势能为 mgL ，此时为电场力对电荷做正功。若以某一初速度，到达B。因为A、B是等势点。 所以动能完全转化为重力势能。得出 某一初动能为 2mgL。那么在A点以某一初速度往上抛的时候，到达O点，重力势能消耗了mgL。而电场力对其做功为mgL。所以...
答：解答：解（1）解法一：取AB中点F，连接DF，EF，则AC∥DF，所以∠EDF就是异面直线AC与PB所成的角．由已知，AC＝EA＝AD＝1 ， AB＝3 ， PB＝7，∵AC⊥EF，∴DF⊥EF．在Rt△EFD中，DF＝12 ， ED＝2，cos∠EDF＝24．所以异面直线AC与ED所成的角为arccos24（arctan7)．解法二：建立空间...
答：A、首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：PATA＝P′AT′A对气体B：PBTB＝P′BT′B初始时，PB=PA+Ph；TA=TB后来，T′A＝T′B可见使A、B升高相同温度，P′A=T′ATAPA＜P′B=T′BTBPB故假设错误，水银柱将向上运动，故A正确B、由A分析得，B错误C、...
答：根据题意：∠DCB=∠CAB．在Rt△ABC中，易得AB=5，cos∠CAB=45．故cos∠DCB=45．
答：解答：证明：（1）在梯形ABCD中，∵AD∥BC，AB=CD，∴∠B=∠C，（1分）∵∠BMF=∠EMB+∠EMF=∠C+∠MFC，又∵∠EMF=∠B，∴∠EMB=∠MFC，（1分）∴△EMB∽△MFC，∴EBEM＝MCMF，（1分）∵MC=MB，∴EBEM＝MBMF，又∵∠EMF=∠B，∴△MEF∽△BEM；（1分）（2）解：若△BEM是以BM为...
