如图甲所示，水平光滑的桌面上静止放置一条长为 l =1.6m的纸带，纸带上正中间位置放置有一质量为 m =1.0k
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-31
如图甲所示，水平光滑的桌面上静止放置一条长为l=1.6m的纸带，纸带上正中间位置放置有一质量为m=1.0kg的
如图所示,光滑的水平桌面上放着两个完全相同的金属环a和b,当一条形永...
答：C 试题分析：据题意，由楞次定律可知，当永久磁铁N极向下靠近两环时，两环上端为感应磁场的N极，由于两环受到的磁场斥力是斜向外的，故两环将向两边运动，故C选项正确。
如甲图所示,光滑的水平桌面上固定着一根绝缘的长直导线,可以自由移动...
答：A、0～t 1 时间内，电流的变化率与磁通量的化率成正比且在减小，有安培定则知穿过线框向下的磁通量增大，有楞次定律可知感应电流的磁场方向向上，有安培定则得线框内电流方向为adcba，有左手定则得线框受到的安培力向左，故线框向左运动，故A错误 B、t 1 时刻，电流的变化率为零，磁通量...
如图所示,在光滑、绝缘的水平桌面上固定放置一光滑、绝缘的挡板ABCD,AB...
答：小球从静止A点释放，能沿挡板内侧运动到D点抛出，知小球在AB段的合力方向沿AB向下，则电场力方向水平向右，小球一定带正电；小球受到的合力方向沿AB向下，所以小球在圆轨道内运动的过程中，圆轨道的等效最高点在MD到最高点间，圆轨道的等效最低点是的延长线与右下方轨道的交点，位于N与C之间．AB、...
如图所示,在光滑绝缘的水平桌面上固定放置一光滑,绝缘的挡板ABCD
答：小球经过C点时，速度必然不为0，必然有向心力，支持力不为0。因此，D对。因此，选择CD。（2）整个轨道中，N点在最右边，电场力做功最多，动能最大，速度最大，需要向心力最大。因此，支撑力最大。A对。同理，M点最小。D点的电场力水平向右，向心力指向o点，由支持力和电场力合力提供，但...
如图所示,在一光滑水平的桌面上,放置一质量为M.宽为L的足够长“U”形...
答：（1） （2） （3） （1）设水平拉力为F ,则 ① 对框架由牛顿第二定律得 ② 解得 （2）设框架做匀速运动的速度大小为v,则感应电动势 ③ 回路中的电流 ④ 对框架由力的平衡得 ⑤ 联立上式解得 （3）在框架滑过s的过程中，设产生的电热为Q ...
如图在光滑的水平桌面上放一个长木板A,其上放有一个滑块B,已知木板和...
答：水平面没有摩擦，系统动量守恒 m1V1=(m1+m2)V V=0.8*4/1.6 =2m/s 动能的损失=物体间摩擦力做功（转化成内能了）m1V1^2/2-（m1+m2)V^2=μm1gL 0.8*16/2-1.6*4/2=0.4*0.8*10*L L=3.2/0.32=10m
如图所示,在光滑水平桌面上放有长木板C,C的右端有固定挡板P,木板C的...
答：那么C在A对C向右的滑动摩擦力和B对C的向左的摩擦力共同作用下，应静止，显然不符合实际．B在C的静摩擦力作用下，和C一起向右加速．若A与B刚好不能相碰，即A滑动木板C的中央，与B刚好接触且速度相同，设为v1，根据动量守恒定律有：mv0′=3mv1 在此过程中，设木板C向右运动的位移为s1，则...
(2014?南昌模拟)如图所示,在水平光滑桌面上放一质量为2m的玩具小车,在...
答：当小车固定不动时，设小球离开水平轨道末端的速度大小为v，从离开水平轨道末端到落到车上A点所用时间为t，有：s=vt当小车不固定时，设小球离开水平轨道末端时相对于地面的速度的大小为v1，车速的大小为v2，由动量守恒定律有：mv1=2mv2由机械能守恒定律，两次小球离开水平轨道末端时系统的总动能相同，...
(2011?广东模拟)如图甲所示,光滑的水平桌面上固定着一根绝缘的长直导线...
答：A、在t2时刻，导线内的电流为零，但是此时电流的变化率最大，磁通量的变化最快，所以线框内的感应电流最大，所以A错误；B、t1到t2时间内，导线的电流在减小，产生的磁场在减小，根据楞次定律可知，导线框的感应磁场与原磁场的方向相同，有右手螺旋定则可得，电流的方向为abcda，所以B正确；C、D、t1...
(2011?上海模拟)如图甲所示,光滑的水平桌面上固定着一根绝缘的长直导线...
答：A、在t2时刻，导线内的电流为零，但是此时电流的变化率最大，磁通量的变化最快，所以线框内的感应电流最大，但不受力，所以A错误；B、D、t1到t2时间内，直导线的电流和线框的da边的电流方向相同，它们互相吸引，但是由于在0到t1时间内，它们互相排斥，导线框已经向右运动，有了初速度，所以此时线...
（1）铁块向左匀加速运动过程中，加速度为a=μmgm=μg=8m/s2设铁块从静止到速度与纸带相同所经历的时间为t1，由公式v=at得：t1=va=18=0.125s，此过程铁块通过的位移为x1=12at21=12×8×(0.125)2m=0.0625m此后铁块做匀速运动，时间为t2=l2?x1v=0.8?0.06251s=0.7375s故小铁块从开始运动到桌面边缘过程所经历的时间为t=t1+t2=0.8625s．作出v-t图象如图．（2）铁块离开桌面后做平抛运动，则水平方向有：x=vt竖直方向：H=12gt2解得x=0.4m（3）铁块在纸带上做匀加速运动的过程中相对于纸带的位移为△x=vt1-x1=1×0.125-0.0625=0.0625m故产生的内能为Q=μmg?△x=0.8×1×10×0.0625J=0.5J．答：（1）小铁块从开始运动到桌面边缘过程所经历的时间为0.8625s，在乙图上画出此过程中小铁块的v-t图象如图；（2）小铁块抛出后落地点到抛出点的水平距离是0.4m；（3）小铁块从开始运动到桌面边缘过程中产生的内能是0.5J．
（1） ，图象如下图所示. （2） （3） 试题分析：（1）铁块向左匀加速运动过程中，加速度为 设铁块从静止到速度与纸带相同所经历的时间为 ，由公式 得： 此过程铁块通过的位移为 此后铁块做匀速运动，时间为 故小铁块从开始运动到桌面边缘过程所经历的时间为 作出 图象如上图．（2）铁块离开桌面后做平抛运动，则水平方向有： 竖直方向： 解得 （3）铁块在纸带上做匀加速运动的过程中相对于纸带的位移为 故产生的内能为
| 解：（1）小铁块开始做匀加速运动，由μ mg=ma， 得： a =1 m/s 2 速度达到纸带 v =1m/s的速度所用时间 t 1 = ，得： t 1 =1s 若小铁块1s内一直做匀加速运动，运动的位移为 s 1 = at 2 ，得： s 1 =0.5m＜ 由以上可知：小铁块先做匀加速运动，后以 v =1m/s的速度做匀速运动，匀速运动所用时间 t 2 = =0.3s 小铁块从开始运动到桌面边缘过程所经历的时间 图象如图所示： （2）水平方向： s=vt 0 竖直方向： H= 得： s= 0.4m （3）纸带在1s内一直做匀速运动，运动的位移为 s 2 =vt 1 ，得： s 2 =1m 小铁块与纸带间的相对位移为：△s= s 2 － s 1 =0.5m 由功能关系可知：Q=μ mg △s，得：Q=0.5J |
答：C 试题分析：据题意，由楞次定律可知，当永久磁铁N极向下靠近两环时，两环上端为感应磁场的N极，由于两环受到的磁场斥力是斜向外的，故两环将向两边运动，故C选项正确。
答：A、0～t 1 时间内，电流的变化率与磁通量的化率成正比且在减小，有安培定则知穿过线框向下的磁通量增大，有楞次定律可知感应电流的磁场方向向上，有安培定则得线框内电流方向为adcba，有左手定则得线框受到的安培力向左，故线框向左运动，故A错误 B、t 1 时刻，电流的变化率为零，磁通量...
答：小球从静止A点释放，能沿挡板内侧运动到D点抛出，知小球在AB段的合力方向沿AB向下，则电场力方向水平向右，小球一定带正电；小球受到的合力方向沿AB向下，所以小球在圆轨道内运动的过程中，圆轨道的等效最高点在MD到最高点间，圆轨道的等效最低点是的延长线与右下方轨道的交点，位于N与C之间．AB、...
答：小球经过C点时，速度必然不为0，必然有向心力，支持力不为0。因此，D对。因此，选择CD。（2）整个轨道中，N点在最右边，电场力做功最多，动能最大，速度最大，需要向心力最大。因此，支撑力最大。A对。同理，M点最小。D点的电场力水平向右，向心力指向o点，由支持力和电场力合力提供，但...
答：（1） （2） （3） （1）设水平拉力为F ,则 ① 对框架由牛顿第二定律得 ② 解得 （2）设框架做匀速运动的速度大小为v,则感应电动势 ③ 回路中的电流 ④ 对框架由力的平衡得 ⑤ 联立上式解得 （3）在框架滑过s的过程中，设产生的电热为Q ...
答：水平面没有摩擦，系统动量守恒 m1V1=(m1+m2)V V=0.8*4/1.6 =2m/s 动能的损失=物体间摩擦力做功（转化成内能了）m1V1^2/2-（m1+m2)V^2=μm1gL 0.8*16/2-1.6*4/2=0.4*0.8*10*L L=3.2/0.32=10m
答：那么C在A对C向右的滑动摩擦力和B对C的向左的摩擦力共同作用下，应静止，显然不符合实际．B在C的静摩擦力作用下，和C一起向右加速．若A与B刚好不能相碰，即A滑动木板C的中央，与B刚好接触且速度相同，设为v1，根据动量守恒定律有：mv0′=3mv1 在此过程中，设木板C向右运动的位移为s1，则...
答：当小车固定不动时，设小球离开水平轨道末端的速度大小为v，从离开水平轨道末端到落到车上A点所用时间为t，有：s=vt当小车不固定时，设小球离开水平轨道末端时相对于地面的速度的大小为v1，车速的大小为v2，由动量守恒定律有：mv1=2mv2由机械能守恒定律，两次小球离开水平轨道末端时系统的总动能相同，...
答：A、在t2时刻，导线内的电流为零，但是此时电流的变化率最大，磁通量的变化最快，所以线框内的感应电流最大，所以A错误；B、t1到t2时间内，导线的电流在减小，产生的磁场在减小，根据楞次定律可知，导线框的感应磁场与原磁场的方向相同，有右手螺旋定则可得，电流的方向为abcda，所以B正确；C、D、t1...
答：A、在t2时刻，导线内的电流为零，但是此时电流的变化率最大，磁通量的变化最快，所以线框内的感应电流最大，但不受力，所以A错误；B、D、t1到t2时间内，直导线的电流和线框的da边的电流方向相同，它们互相吸引，但是由于在0到t1时间内，它们互相排斥，导线框已经向右运动，有了初速度，所以此时线...
