倾角为30°的光滑斜面固定在水平面上，在斜面上放着一只质量为m的A盆，A盆用轻质细绳跨过定滑轮和B盘相连
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-22
倾角为30 o 的光滑斜面固定在水平面上，在斜面上放着一只质量为m的A盆，A盆用轻质细绳跨过定滑轮和B盘相
当物体放在A盘中时，根据牛顿第二定律：m′g-（m+m′）gsin30°=（2m+m′）a′
由题意，a′=-a
联立得：m′=
故选：A．
...倾角为30度的足够长的光滑斜面 固定在水平桌面上,斜面上有质量为5KG...
答：光滑斜面 倾角为30度,恒定拉力与斜面成60度的向上.则方向为竖直向上。与重力的合力F1为向下5N.因此物体下滑。加速度为a=F1sin30/m=5*0.5/5=0.5m/s^2 2秒末的速度是多少？V=at=1m/s 2秒内用过的位移是s=at^2/2=1m
(2015?信阳一模)如图所示,光滑斜面体固定在水平面上,倾角为30°,轻弹簧...
答：A、将B放在A上前，以A为研究对象受力分析有：根据平衡可知：F=mgsin30°=12mg当B放在A上瞬间时，以AB整体为研究对象受力分析有：整体所受合外力F合=2mgsin30°-F=（2m）a可得整体的加速度a＝2mg?12?12mg2m＝g4，故A正确；BC、当B放在A上瞬间时，B具有沿斜面向下的加速度，可将B的加...
...倾角 =30 的足够长光滑斜面固定在水平面上,斜面上放一长L=1.8m...
答：（1） F≤30N；（2） 物块能滑离木板，1.2s，s=0.9m。 试题分析：（1）对M、m，由牛顿第二定律F－（M+m）gsinα=（M+m）a （2分）对m，有f－mgsinα=ma （2分）F≤mgcosα （2分） 代入数据得：F≤30N （1分）（2）F=37.5N>30N，物块能滑离木板 （...
如图所示,倾角为30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接。现将一滑块...
答：再运用速度位移公式列式，最后联立方程组求解；（3）先判断加速时间，再根据速度时间关系公式求解t=1.0s时速度的大小．解：（1）滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时速度最大为 ，设滑块在斜面上运动的加速度大小为 ： 解得： （2）滑块在水平面...
如图所示,水平固定倾角为30°的光滑斜面上有两个质量均为m的小球A、B...
答：BD 试题分析：据题意，由于两个球均处于静止状态，对A球受力分析有： ，弹簧伸长量为： ，则弹簧原长为： ，故D选项正确而选项C错误；对B物体受力分析有： ，则有： ，故A选项错误而B选项正确。
如图所示,水平固定倾角为30°的光滑斜面上有两质量均为m的小球A,B,它...
答：撤去F瞬间，弹簧形状还未改变，因此对A、B两球施加的拉力T也没有改变 可以得出：A球受力情况没有改变，因此合力仍然为0，因此加速度为0 B球因不再受到力F，所以合力向左，大小为F,所以加速度a=F/m 满意请采纳
如图所示,光滑斜面倾角为30°,水平面粗糙,现将A、B两球(可视为质点)同 ...
答：加速度大小 a A = μ A g=0.1×10=1m/ s 2 ，B的速度v B =at B =5×4=20m/s，加速度大小 a B = μ B g=0.5×10m/ s 2 =5m/ s 2 ，设B滑入水平面t后与A的速度相等，此时A在水平面上运动的时间为t+2，则20-5t=10-（t-2）...
(18分)在水平地面上固定倾角为30°的光滑斜面,斜面的底端固定一个带有...
答：碰后 BC 整体运动到斜面上最高点时，弹簧伸长为 x 2 ，碰前对 B 有 mg sin30°＝ kx 1 （2分）碰后 BC 运动到最高点时对 A 有 mg sin30°＝ kx 2 （2分）由以上两式得 x 1 ＝ x 2 ＝5×10 －2 m (2分)即刚碰撞完毕时，弹簧的弹性势能与 BC 到达斜面上...
如图在水平地面上固定一倾角为30°的光滑绝缘斜面,斜面处于电场强度大 ...
答：（1）滑块从静止释放到与弹簧刚接触的过程中作初速度为零的匀加速直线运动，qE+mgsinθ=ma ①s 0 = 1 2 a t 2 ②有①②联立解得t=0.1s（2）滑块速度最大时受力平衡，设此时弹簧压缩量为x 0 ，则有mgsinθ+qE=kx 0 ③ 从静止释放到速度达到最大的过程中，由动能定理...
...一个倾角θ=30°的光滑直角三角形斜劈固定在水平地面上,顶端连有一...
答：⑦（3）A物体刚要离开地面时，弹簧的弹性势能增加△E，对B物体下滑的过程，由能量守恒定律有：△E=mgxsinθ…⑧对C物体下滑的过程，由能量守恒定律有△E+122mv2＝2mgxsinθ…⑨解得v＝gm2k…⑩答：（1）B物体在斜面上下滑的最大距离为mgk．（2）B物体下滑到最低点时的加速度大小为12g，方向...
A 试题分析：当物体在B盘中时，对整体由牛顿第二定律得： ，当物体在A盆中时，对整体由牛顿第二定律得： ，联立两式得： ，A正确，BCD错误。
选B ，刚开始是沿斜面向下的静摩擦，随着质量的增大摩擦力逐渐减小为0，在变成沿斜面向上的静摩擦
当物体放在B盘中时，根据牛顿第二定律：（mg+m′g）-mgsin30°=（2m+m′）a当物体放在A盘中时，根据牛顿第二定律：m′g-（m+m′）gsin30°=（2m+m′）a′
由题意，a′=-a
联立得：m′=
| m |
| 4 |
故选：A．
答：光滑斜面 倾角为30度,恒定拉力与斜面成60度的向上.则方向为竖直向上。与重力的合力F1为向下5N.因此物体下滑。加速度为a=F1sin30/m=5*0.5/5=0.5m/s^2 2秒末的速度是多少？V=at=1m/s 2秒内用过的位移是s=at^2/2=1m
答：A、将B放在A上前，以A为研究对象受力分析有：根据平衡可知：F=mgsin30°=12mg当B放在A上瞬间时，以AB整体为研究对象受力分析有：整体所受合外力F合=2mgsin30°-F=（2m）a可得整体的加速度a＝2mg?12?12mg2m＝g4，故A正确；BC、当B放在A上瞬间时，B具有沿斜面向下的加速度，可将B的加...
答：（1） F≤30N；（2） 物块能滑离木板，1.2s，s=0.9m。 试题分析：（1）对M、m，由牛顿第二定律F－（M+m）gsinα=（M+m）a （2分）对m，有f－mgsinα=ma （2分）F≤mgcosα （2分） 代入数据得：F≤30N （1分）（2）F=37.5N>30N，物块能滑离木板 （...
答：再运用速度位移公式列式，最后联立方程组求解；（3）先判断加速时间，再根据速度时间关系公式求解t=1.0s时速度的大小．解：（1）滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时速度最大为 ，设滑块在斜面上运动的加速度大小为 ： 解得： （2）滑块在水平面...
答：BD 试题分析：据题意，由于两个球均处于静止状态，对A球受力分析有： ，弹簧伸长量为： ，则弹簧原长为： ，故D选项正确而选项C错误；对B物体受力分析有： ，则有： ，故A选项错误而B选项正确。
答：撤去F瞬间，弹簧形状还未改变，因此对A、B两球施加的拉力T也没有改变 可以得出：A球受力情况没有改变，因此合力仍然为0，因此加速度为0 B球因不再受到力F，所以合力向左，大小为F,所以加速度a=F/m 满意请采纳
答：加速度大小 a A = μ A g=0.1×10=1m/ s 2 ，B的速度v B =at B =5×4=20m/s，加速度大小 a B = μ B g=0.5×10m/ s 2 =5m/ s 2 ，设B滑入水平面t后与A的速度相等，此时A在水平面上运动的时间为t+2，则20-5t=10-（t-2）...
答：碰后 BC 整体运动到斜面上最高点时，弹簧伸长为 x 2 ，碰前对 B 有 mg sin30°＝ kx 1 （2分）碰后 BC 运动到最高点时对 A 有 mg sin30°＝ kx 2 （2分）由以上两式得 x 1 ＝ x 2 ＝5×10 －2 m (2分)即刚碰撞完毕时，弹簧的弹性势能与 BC 到达斜面上...
答：（1）滑块从静止释放到与弹簧刚接触的过程中作初速度为零的匀加速直线运动，qE+mgsinθ=ma ①s 0 = 1 2 a t 2 ②有①②联立解得t=0.1s（2）滑块速度最大时受力平衡，设此时弹簧压缩量为x 0 ，则有mgsinθ+qE=kx 0 ③ 从静止释放到速度达到最大的过程中，由动能定理...
答：⑦（3）A物体刚要离开地面时，弹簧的弹性势能增加△E，对B物体下滑的过程，由能量守恒定律有：△E=mgxsinθ…⑧对C物体下滑的过程，由能量守恒定律有△E+122mv2＝2mgxsinθ…⑨解得v＝gm2k…⑩答：（1）B物体在斜面上下滑的最大距离为mgk．（2）B物体下滑到最低点时的加速度大小为12g，方向...
