（2011?重庆一模）如图所示，绝缘斜面处在沿水平向右的匀强电场中，斜面上的带电金属块沿斜面滑下，已知
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-08-03
如图所示,在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面,斜面上有一带电金属块沿斜面滑下。
A、根据动能定理得：W电+WG+W摩=△Ek，得电场力做功为 W电=-WG-W摩+△Ek=-24J-（-8）J+12J=-4J，即 电场力对金属块做负功4.0J．故A错误．
B、电场力和摩擦力做功之和为 W电+W摩=-4J-8J=-12J，则金属块的机械能减小12J．故B错误．
C、电场力做功为-4J，则金属块的电势能增加4.0J．故C正确．
D、金属块滑下的过程中电场力做负功，则电场力方向水平向右，与场强方向相同，则金属块带正电荷．故D错误．
故选C
(2011?重庆一模)如图所示,绝缘斜面处在沿水平向右的匀强电场中,斜面上...
答：则电场力方向水平向右，与场强方向相同，则金属块带正电荷．故D错误．故选C
(2011?江苏一模)如图所示,电阻不计且足够长的U型金属框架放置在绝缘水平...
答：（1）框架开始运动时，MN边所受安培力的大小等于其所受的最大静摩擦力，故有F安=μ（m1+m2）g 安培力：F安=BIL 感应电动势：E=Blv 闭合电路欧姆定律：I=BLvR 解得：v=6m/s （2）框架开始运动时，MN边所受安培力的大小等于其所受的最大静摩擦力，设此时加在ab上的恒力为F...
(2011?嘉定区一模)如图所示,静止在水平地面上的物体受到的重力为6牛...
答：压力的大小等于重力，为6N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上．如图所示
(2011?重庆一模)电荷量为q=1×10-4C带正电小物块置于绝缘水平面上,所在...
答：由题意得，当E=3×104N/C时，物体的加速度为a＝△v△t＝22＝1m/s2，有牛顿第二定律得：qE-f=ma 当E=2×104N/C时，物体匀速运动，则物体受力平衡，qE=f，又f=μmg代入数据解得：m=1kg，μ=0.2故选A．
(2011?黄浦区一模)如图所示,同一绝缘水平面内,一个小金属环a和一个大...
答：由安培定则可知，小环产生内部磁场方向垂直纸面向里，外部磁场方向垂直纸面向外，当小环移动后，导致穿过大环的磁通量增大，且磁场方向垂直向里，因此根据楞次定律，可知，大环产生逆时针感应电流，故C正确，ABD错误；故选C．
(2011?桂林一模)如图所示,一对平行金属板竖直固定在置于光滑水平面上的...
答：12(M+m)v2联立解得 v0=5m/s（3）以金属板为研究对象，根据动能定理得 qEs=12Mv2代入解得 s=0.02m．答：（1）小球在两金属板之间运动时的加速度a大小是100m/s2，方向水平向右； （2）小球射入的初速度v0的大小是5m/s； （3）从小球进入板间至小球刚要到达左侧金属板时，...
(2011?安庆一模)如图是4张背面完全相同、正面图案如图所示的卡片,把...
答：抽取的两张卡片出现的图案情况如下（将三角设为1，圆形设为2）：共有12种等可能出现的结果，图案相同的情况有4种，故抽取的两张印有相同形状图案的概率是412=13．故答案为13．
(2011?徐州一模)如图所示,质量均为m的两个完全相同的小球A、B(可看成...
答：A、因两小球带等量异种电荷，故电场对两小球做功不为零，都为正值，机械能增加，故机械能不守恒，故A错误； B、两小球在电场力的作用下运动后，电场力对小球做功，小球拉动弹簧，弹簧的弹力增大，两小球则先加速后减速，动能转化为弹簧势能；当两小球速度为零时，因为电场力一直做正功，故机械能最大...
(2010?镇江一模)如图所示,在光滑绝缘水平面上的a、b两点上固定两个带...
答：A、滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力，在c处Q对球的电场力较大，球向右运动过程中，两个电荷对球的电场力逐渐平衡，后又增大．故A正确．B、从M点到PQ中点的过程中，滑块所受的电场力向右，电场力做正功，在PQ中点的右侧，所受电场力向左，电场力做负功，可见电场力先做正功后做负功...
(2011?嘉定区一模)如图所示,横截面为正方形的实心均匀长方体A、B放...
答：04米2=245帕 （3）若在长方体A上沿竖直方向截去四分之一，则A对地面的压力和受力面积均减小为原来的四分之三，所以压强不变．仍为3.92×103帕．答：（1）A对水平地面的压强为3.92×103帕；（2）B对水平地面的压强为245帕；（3）A剩余部分对水平地面的压强为pA′为3.92×103帕．
下滑过程中：动能增加了12J，摩擦力做功8.0J，重力做功24J
动能的增量=所有功的代数和
此过程物体运动方向向下，故重力做正功，摩擦力做负功。
这两个的代数和=24-8=16J，显然大于 动能的增量12J
这说明，还存在其它的力做负功。。。结合题目可以看出，这个力就是电场力，
即在斜下滑的过程中，电场力做的负功=16-12=4J (即 金属块克服电场力做功4J，电势能增加4J)
故，电场力在斜上的方向上有分力，结合图可知，电场力的方向向右，同电力线的方向一致。
而只有正电荷所受的电场力同电力线的方向一致。
所以，金属块带正电荷。。。。对比选项，正确的是 A
补充一下，电场力做负功时，电势能增加，否则，电势能减少。。。
D
A、根据动能定理得：W电+WG+W摩=△Ek，得电场力做功为 W电=-WG-W摩+△Ek=-24J-（-8）J+12J=-4J，即 电场力对金属块做负功4.0J．故A错误．
B、电场力和摩擦力做功之和为 W电+W摩=-4J-8J=-12J，则金属块的机械能减小12J．故B错误．
C、电场力做功为-4J，则金属块的电势能增加4.0J．故C正确．
D、金属块滑下的过程中电场力做负功，则电场力方向水平向右，与场强方向相同，则金属块带正电荷．故D错误．
故选C
答：则电场力方向水平向右，与场强方向相同，则金属块带正电荷．故D错误．故选C
答：（1）框架开始运动时，MN边所受安培力的大小等于其所受的最大静摩擦力，故有F安=μ（m1+m2）g 安培力：F安=BIL 感应电动势：E=Blv 闭合电路欧姆定律：I=BLvR 解得：v=6m/s （2）框架开始运动时，MN边所受安培力的大小等于其所受的最大静摩擦力，设此时加在ab上的恒力为F...
答：压力的大小等于重力，为6N，方向垂直于接触面向下，作用点在接触面上．如图所示
答：由题意得，当E=3×104N/C时，物体的加速度为a＝△v△t＝22＝1m/s2，有牛顿第二定律得：qE-f=ma 当E=2×104N/C时，物体匀速运动，则物体受力平衡，qE=f，又f=μmg代入数据解得：m=1kg，μ=0.2故选A．
答：由安培定则可知，小环产生内部磁场方向垂直纸面向里，外部磁场方向垂直纸面向外，当小环移动后，导致穿过大环的磁通量增大，且磁场方向垂直向里，因此根据楞次定律，可知，大环产生逆时针感应电流，故C正确，ABD错误；故选C．
答：12(M+m)v2联立解得 v0=5m/s（3）以金属板为研究对象，根据动能定理得 qEs=12Mv2代入解得 s=0.02m．答：（1）小球在两金属板之间运动时的加速度a大小是100m/s2，方向水平向右； （2）小球射入的初速度v0的大小是5m/s； （3）从小球进入板间至小球刚要到达左侧金属板时，...
答：抽取的两张卡片出现的图案情况如下（将三角设为1，圆形设为2）：共有12种等可能出现的结果，图案相同的情况有4种，故抽取的两张印有相同形状图案的概率是412=13．故答案为13．
答：A、因两小球带等量异种电荷，故电场对两小球做功不为零，都为正值，机械能增加，故机械能不守恒，故A错误； B、两小球在电场力的作用下运动后，电场力对小球做功，小球拉动弹簧，弹簧的弹力增大，两小球则先加速后减速，动能转化为弹簧势能；当两小球速度为零时，因为电场力一直做正功，故机械能最大...
答：A、滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力，在c处Q对球的电场力较大，球向右运动过程中，两个电荷对球的电场力逐渐平衡，后又增大．故A正确．B、从M点到PQ中点的过程中，滑块所受的电场力向右，电场力做正功，在PQ中点的右侧，所受电场力向左，电场力做负功，可见电场力先做正功后做负功...
答：04米2=245帕 （3）若在长方体A上沿竖直方向截去四分之一，则A对地面的压力和受力面积均减小为原来的四分之三，所以压强不变．仍为3.92×103帕．答：（1）A对水平地面的压强为3.92×103帕；（2）B对水平地面的压强为245帕；（3）A剩余部分对水平地面的压强为pA′为3.92×103帕．
