（2007?南通二模）如图所示，水平放置的两根足够长的平行光滑金属导轨相距L，质量为m的金属杆ab垂直置于
（1）当K接1时，金属棒ab在磁场中恰好保持静止，棒的重力与安培力平衡，则有 mg=BIL又I=ER+r联立解得，R＝BELmg?r（2）当K接2后，棒达到稳定状态时做匀速运动，则有 mgv=E′2R0，又感应电动势E′=BLv联立上两式得：v=mgR0B2L2①根据动量定理得：mgt-B.ILt=mv而q=.It又感应电荷量q=.It，.I=.ER0，.E=△Φ△t，△Φ=BLs，联立得q=BLsR0联立解得t=mR0B2L2+B2L2smgR0．（3）将开关K突然接到3，电容器充电，电路中充电电流，ab棒受到向上的安培力，设瞬时加速度为a，根据牛顿第二定律得 mg-BiL=ma ②又i=△Q△t=C△U△t，又U=E=BLv，得i=CBL?△v△t=CBLa③由②③得：mg-BL?CBLa=ma解得，a=mgm+B2L2C ④可见棒的加速度不变，做匀加速直线运动．当ab下降距离s时，设棒的速度为v′，则v′2-v2=2as ⑤设电容器储存的电能为△E，则根据能量守恒得 mgs+12mv2=12mv′2+△E⑥联立①④⑤⑥得：△E＝B2L2mgCsm+B2L2C．答：（1）滑动变阻器接入电路的阻值R为BELmg-r．（2）稳定速度的大小为mgR0B2L2，下落s的过程中所需的时间为mR0B2L2+B2L2smgR0．（3）棒做加速度为a＝mgm+B2L2C的匀加速直线运动，ab再下落距离s时，电容器储存的电能是B2L2mgCsm+B2L2C．
（1）金属杆向右运动切割磁感线产生感应电流，同时金属杆受安培力，做减速运动，直到停下．在此过程中，金属杆的动能转化为电能再转化成电阻R的焦耳热．根据能量转化与守恒，电阻R上产生的热量：Q＝12mv20（2）a．金属杆在磁场中做切割磁感线的运动，产生感应电流，金属杆受安培力和变力F的作用做匀变速直线运动，加速度为a方向向左（沿-x方向）．它先向右运动，速度由v0减到0；然后向左运动，速度再由0增大到v0，金属杆回到x=0处，之后金属杆离开磁场．金属杆向右或向左运动时，都切割磁感线，回路中都有感应电流．感应电流持续的时间为：T＝2v0a． b．设金属杆的速度和它的坐标分别为v和x，由运动学公式有：v=v0-atx＝v0t?12at2金属杆切割磁感线产生感应电动势：E＝BLv＝k(v0t?12at2)(v0?at)?d由于在x＜O区域不存在磁场，故只有在时间t＜T=12范围内，上述关系式才成立．由欧姆定律可得回路中的电流为：i＝k(v0t?12at2)(v0?at)dR金属杆所受的安培力为：F安＝iBd＝k2(v0t?12at2)2(v0?at)d2R（向左为正方向） 金属杆受安培力和变力F做匀变速运动，以向左方向为正方向，由牛顿第二定律有：F+F安=ma可得：F＝ma?k2(v0t?12at2)2(v0?at)d2R答：（1）在金属杆运动过程中，电阻R上产生的总热量为12mv02；（2）若从金属杆进入磁场的时刻开始计时，始终有一个方向向左的变力F作用于金属杆上，使金属杆的加速度大小恒为a，方向一直沿x轴负方向．求：a．闭合回路中感应电流持续的时间为2v0a；b．金属杆在磁场中运动过程中，外力F与时间t关系的表达式为：F＝ma?k2(v0t?12at2)2(v0?at)d2R
（1）金属杆ab匀速运动时，产生感应电动势为E=BLv0，因不计金属杆和金属导轨的电阻，则电容器两端的电压U=E，
由C=
| Q |
| U |
电路中感应电流为 I=
| E |
| R |
杆所受的安培力大小为 FA=BIL，
因杆做匀速运动，则由平衡条件得
F1=FA．
联立以上各式得：F1=
| B2L2v0 |
| R |
（2）让金属杆ab从静止开始向右做匀加速运动时，在t时刻，杆的速度为 v=at
感应电动势为 E=BLv
电容器的所带电量为 Q=CE
则该过程中电容器的充电电流IC=
| △Q |
| △t |
| △(CBLv) |
| △t |
| △v |
| △t |
故通过杆的电流为 I=IC+
| E |
| R |
| BLat |
| R |
根据牛顿第二定律得
F2-BIL=ma
解得，F2=ma+B2L2Ca+
| B2L2at |
| R |
答：
（1）电容器所带电量为CBLv0，金属杆ab所受水平外力F1的大小为
| B2L2v0 |
| R |
（2）该过程中电容器的充电电流IC为CBLa，F2随时间t变化的关系式为ma+B2L2Ca+
| B2L2at |
| R |
答：金属杆ab所受水平外力F1的大小为B2L2v0R．（2）该过程中电容器的充电电流IC为CBLa，F2随时间t变化的关系式为ma+B2L2Ca+B2L2atR．
答：当在1秒到2秒内，磁场不变，则线框中没有磁通量变化，所以没有感应电流．则线框也不受到安培力．因此D选项正确；故选：BD
答：在冰晶体中分子之间是通过氢键作用，是分子晶体，在每个水分子中氧原子按sp3方式杂化，每个水分子都可以与另外四个水分子形成氢键，而氢键具有方向性和饱和性，A、水分子中氧原子按sp3方式杂化，每个水分子都可以与另外四个水分子形成氢键，而氢键具有方向性，所以每个水分子与另外四个水分子形成四面体，故...
答：则I1增大，故C错误；D、S置于b位置不动，P向上滑动，电阻变大，电压不变，所以输出功率变小，故原线圈的输入功率变小，则I1变小，故D正确．故选ABD．
答：（1）燃料电池中，阳离子氢离子移向电池的正极，燃料电池的正极上是氧气发生得电子的还原反应，即O2+4e-+4H+═2H2O，故答案为：正；O2+4e-+4H+═2H2O；（2）葡萄糖的燃烧热为2800kJ/mol，则葡萄糖燃烧的热化学方程式为：C6H12O6（s）+6O2（g）═6CO2（g）+6H2O（l），△H=-2800kJ?mol-...
答：4、南通二模物理试卷及答案解析 5、南通二模化学试卷及答案解析 6、南通二模生物试卷及答案解析 目前南通二模并未公布，请同学们持续关注高考100网站，待考试结束后，我将第一时间为大家奉上最新的试卷及答案解析。7、南通二模政治试卷及答案解析 8、南通二模历史试卷及答案解析 9、南通二模地理试卷及答案...
答：（1）∵U=220V，P保温=1.1kW∴电热丝R1的阻值：R1=U2P保温=(220V)21100W=44Ω；（2）通过电热丝R1的电流：I1=UR1=220V44Ω=5A，通过电热丝R2的电流：I2=UR2=220V8.8Ω=25A，干路电流I=I1+I2=5A+25A=30A，因此选择横截面积为4mm2的导线；（3）∵Q=W=U2R1t∴加在热水器两端的电压...
答：加速度竖直向上的匀加速直线运动，加速度大小为a2，则：由 qU2L?3mg＝3ma2 （12）由⑥（11）（12）解得：a2＝g3（13）液滴Ⅱ和液滴d同时从静止开始相向运动，经t时间相遇，则：12a2t2+12 gt2=3L2解得液滴Ⅱ的位移大小为：s=12a2t2＝3L8即液滴d与液滴Ⅱ相碰位置在小孔正下方，与...
答：A．由结构简式可知分子式为C15H20O4，故A正确；B．不含苯环，故B错误；C．分子中含有3个碳碳双键和1个羰基，则1mol该物质最多可与4mol H2发生反应，故C错误；D．分子中含有羟基可羧基，可发生置换反应，由羟基和羧基的相对位置可知在一定条件下发生反应生成含七元环的物质，故D正确．故选AD．
答：（1）光在介质中传播的速度v=cn，传播的最短路径为L．则最短时间t=Lv＝nLc．（2）光信号在其中传输时相对外套的临界角为53°，则在端面上的折射角为37°根据折射定律得，n=sinαsin37°则sinα=nsin37°＝32×0.6＝0.9．则cotα＝0.190.9．所以O点到光纤端面距离的最小值L=acotα＝...
