（1）对整个运动过程运用动能定理，得到
Eqd+Eq（d-L）=2mgd
∴E=
故两极板间匀强电场的电场强度为 ．
（2）由题意知，当小球下降L时，速度达到最大，此时：
2mgL-EqL= （2m）v 2
解得
v=
图1 如图1，故答案为： 1）4mg/3q 2）（2gl/3）^(1/2)
如图所示,一水平放置的平行板电容器与某一电压U=22.5V电源相连,它的极 ...
答：5V（3）电子进入电场后做类平抛运动，则在水平方向上l=v0t在竖直方向上 d2＝12at2又 a＝Eqm联立可解得：v0=lEqmd=0.05×225×1.6×10?199×10?31×0.1m/s=106m/s．答：（1）板间电场强度大小E为225V/m；（2）AB两点的电势差UAB为-4.5V．（3）电子的入射速度v0为106m/s．
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两板不带电,上极板接地,它的极板...
答：解：（1）若第1个粒子落到O点，由 ，得v 1 =2.5m/s若落到B点，由 ，得v 2 =5m/s 故2.5m/s≤v 0 ≤5m/s（2）由l=v 1 t，得t=4×10 -2 s由 ，得a=2.5m/s 2 由 ，得Q=6×10 -6 C所以 个
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,极板长...
答：（1）2.5m/s（2）下极板带正电荷， 试题分析：（1）带电粒子做平抛运动水平位移： ① 竖直位移： ② 由①、②得 （2）下极板带正电荷 由平衡条件有qE=mg ③ 又 ④ Q=CU ⑤ 由③、④、⑤得 ⑥ 将数据代入⑥式，解得 点评：本题的分析关键是带电...
如图所示,水平放置的平行板电容器,上板带负电,下板带正电,断开电源,带...
答：A、将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，由于：E=Ud=Qcd=4πkQ?S，由公式可知当d减小时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故BC错误．D、若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，...
如图所示,水平放置的平行板电容器,上板带负电,下板带正电,断开电源,带...
答：A、将电容器上板向上移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，因为E=Ud、C=QU、C=?S4πkd，解得：E=4πkQ?S，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，由下板边缘飞出，故A正确，BC错误．D、若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间...
如图所示,一水平放置的平行板电容器充电后与电源断开,一带电小球以初...
答：C 试题分析：平行板电容器充电后与电源断开，所带电量不变，根据推论 得知，改变板间距离时，将上极板下移减小两板间距离时，板间场强保持不变，小球所受电场力不变，加速度不变，则小球做类平抛运动的情况没有改变，所以小球仍将落在P点．故选C点评：本题解答关键是掌握下列推论：平行板电容...
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,它的极...
答：水平方向：L=v0t1，竖直方向：d2=12at12，由牛顿第二定律得：mg-qUd=ma，代入数据解得：U=6V；答：（1）为使第一个微粒恰能落在下极板的中点，求微粒入射的初速度v0为2.5m/s．（2）若带电微粒以第（1）问中初速度v0入射，则平行板电容器所获得的电压最大值是6V．
如图所示,水平放置的平行板电容器,电容为C,极板间的距离为d,板长为L...
答：A、由题，当电键S闭合时，板间电场方向向下，油滴所受电场力向上，则油滴带负电．故A正确． B、电键闭合时，将上极板向下移动少许，电容增大，由得知E=Ud，板间场强E增大，油滴所受电场力增大，油滴向上运动．故B错误． C、断开电键后，将上极板向上移动少许，板间场强不变，P点与下板间...
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来AB两板不带电,B极板接地,它的极 ...
答：（1）2.5m/s （2） 试题分析：（1）电容器不带电时，微粒做平抛运动，设初速度为 v 0 ，则有：水平方向： 竖直方向： 联立两式得： 代入数据得： （2）若使微粒能从电容器右侧射出，则要求A板的电势大于0，且B板接地电势等于0，则有 A板电势最小时，微粒刚好从A板...
如图所示,水平放置的平行板电容器,上板带负电,下板带正电,带电小球以...
答：ABC、将电容器上板向下移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，由于：E= U d = Q Cd = 4πkQ ?S ，由公式可知当d减小时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故A错误，B正确，C错误．D、当极板向上移动式，由于粒子轨迹不变，小球可能打在...
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