(2011?上海二模)假定在30°C和适当的CO2浓度条件下,将某植物的叶片在不同光照强度下处理,测定其光合
A、光合作用产生的氧气:线粒体内膜和外膜→线粒体内膜和外膜,4层生物膜,8层磷脂分子层,A错误;B、碳反应(暗反应)的主要产物淀粉是在叶绿体基质中合成的,B错误;C、CO2浓度不仅影响④的合成速率,也影响①②③的合成速,因为暗反应受阻,导致光反应的产物积累,所以导致光反应变慢,C错误;D、分布于⑤上的色素可用有机溶剂提取,用纸层析法分离,D正确.故选:D.
(1)表中1、3、5、7对应的数据表明:最初给这几个实验组所提供光照强度和CO2量是相同的,不同的是温度,所以温度是自变量,光照强度、二氧化碳浓度是无关变量.(2)2、4、6、8对应的数据表明:这几个实验组都在无光照的条件下进行,设置10℃、20℃、30℃和40℃的温度差可探究温度对植物呼吸作用(强度/速率)的影响.(3)在实验中测得的二氧化碳量是净光合作用量,等于植物实际光合作用量-细胞呼吸量.(4)由表中实验数据可知:光照强度为1000 Lx,温度分别为10℃、20℃、30℃和40℃时各组天竺葵的呼吸速率分别是0.1、0.4、0.9、0.8,净光合速率分别是12h后各密闭容器减少的CO2量,依次为0.5、1.5、3.1、3.0,因真光合速率=净光合速率+呼吸速率,所以四个点对应的光合速率对应的数值依次为0.6、1.9、4.0、3.8,横坐标表示温度,坐标图如图: (5)光照强度改为3000单位(其他条件不变),光合作用的光反应加快,三碳化合物的还原加快,同时二氧化碳的固定原速度不变,故三碳化合物的浓度减少.五碳化合物由于暗反应的还原加快和氧化碳的固定原速度不变,而浓度增加.故答案为:(1)温度 光照强度、二氧化碳浓度等 (2)温度对植物呼吸作用(强度/速率)的影响 (3)净光合作用所消耗的二氧化碳量(4)如图所示:横坐标,一个曲线.(5)减少、增多
解(1)①已知上表中正值表示C02的吸收量,负值表示C02的释放量.表格中在光照强度为0时,C02的吸收量为-4,所以叶片的呼吸速率是4(CO2mg/100cm2小时).②表格中在光照强度为2千勒克司时,C02的吸收量,表示叶片光合作用合成量和呼吸消耗量相等.
③表格中,植物8千勒克司光照下C02的吸收量为12(CO2mg/100cm2小时),所以10小时植物的净光合作用产生的葡萄糖为12÷(6×44)×180×10=81.82mg;该植物14小时呼吸作用消耗的葡萄糖是4÷(6×44)×180×14=38.182mg,81.82mg-38.182mg=43.6mg.所以将该植物叶片置于8千勒克司光照下10小时,黑暗中14小时,则每100cm2叶片产生的葡萄糖中有43.6毫克转化为淀粉.
(2)①分析图一、二可知,呼吸作用速率在40℃开始下降,光合作用在50℃开始下降,所以该植物光合作用、呼吸作用开始受抑制的温度分别是 40℃、50℃.
②已知该植物光合作用、呼吸作用开始受抑制的温度分别是 40℃、50℃,相对于呼吸作用速率,光合作用在较低的温度下降,所以对于光合作用和呼吸作用来说,对热较为敏感的是光合作用.
③气孔在高温时关闭,CO2吸收不足,光合作用下降;高温使光合作用的暗反应及呼吸作用中的酶活性受抑制甚至变性失活,光合作用和呼吸作用受抑制.
④图中52℃时呼吸作用速率降至零,显示细胞死亡,该植物受热致死的临界温度是52℃左右.
⑤在不致死的高温下,同温条件下,呼吸作用速率较光合作用高,糖净产量减少,故蔬菜、水果储存的糖分减少,水果和蔬菜在生长季节内长期处于不致死的高温影响下,甜度会较低.
故答案是:
(1)1)4 2)2 3)43.6
(2)1)40°C 50°C
2)光合 相对于呼吸作用速率,光合作用在较低的温度下降
3)气孔在高温时关闭;高温使光合作用的暗反应及呼吸作用中的酶活性受抑制甚至变性失活
4)52°C左右 在这一温度呼吸作用速率降至零,显示细胞死亡
5)在不致死的高温下,同温条件下,呼吸作用速率较光合作用高,糖净产量减少,故蔬菜、水果储存的糖分减少
答:(1)表中1、3、5、7对应的数据表明:最初给这几个实验组所提供光照强度和CO2量是相同的,不同的是温度,所以温度是自变量,光照强度、二氧化碳浓度是无关变量.(2)2、4、6、8对应的数据表明:这几个实验组都在无光照的条件下进行,设置10℃、20℃、30℃和40℃的温度差可探究温度对植物呼吸...
答:(1)电流表的示数:I=U1R1=4V20Ω=0.2A;(2)当滑动变阻器的滑片P在中点位置时,R2连入电阻R中=10Ω,R串=R1+R中=20Ω+10Ω=30Ω,电压表V的示数:U=IR串=0.2A×30Ω=6V;(3)要使二个电压表的指针偏离零刻度线的角度相同,由于电压表V的示数6V是电源电压保持不变,所以电压表V1...
答:解答:解:∵Rt△ABC中,∠ACB=30°,∴∠ABC=60°,∵BD平分∠ABC,∴∠ABD=∠DBC=30°,∴∠DBC=∠ACB,∴BD=CD=4,在Rt△ABD中,∵∠ABD=30°,∴AD=12BD=12×4=2,过点D作DE⊥BC于点E,则DE=AD=2.故选B.
答:(1)实验时给烧杯加热是通过热传递的方式传给烧杯中的水,使水的温度升高.采用水浴法加热的好处是:使可以使烧瓶受热更加均匀;(2)分析表格内的气体压强随温度的变化而变化的关系可知:一定质量的气体,在体积保持不变时,它的温度越高,其压强越大;被研究的对象是烧瓶中封闭的气体,探究的是气体...
答:对小球受力分析如图所示,则由几何关系可知:mg2F=cos30°解得:F=100N; 因斜面板处于平衡状态,则A点的支持力、B点的弹力及D点的压力三力应交于一点,由几何关系可知,AD长度应l=L4;对斜面板由力矩平衡的条件可知:F′l=NLsin30°解得:N=50N; 故答案为:L4;50.
答:解:当y=0时,x=3.当X=0时y=1,所以A点坐标是(0,1),B点坐标是(3,0)所以∠BAO=60°,∠ABO=30°,因为△ACB≌△AOB,所以BC=OB=3,当D点在BC上方时,过D点作x轴垂线,垂足为E,不难得出∠DBE=60°.∠BDE=30°,所以BE=32,DE=32.所以点D的坐标是(332,32).故填...
答:A、分析物体的受力情况,在竖直方向上物体受力平衡,则有:N=mg+Fsin37°=20N+8×0.5N=24N由牛顿第三定律得:物体对地面的压力为24N.故A正确.B、物体在水平方向上,因为Fcos37°<(mg+Fsin37°)μ,则物体不动,物体受力平衡,水平方向有f=Fcos30°=43N.故B错误.C、D由于物体静止...
答:过物体的重心作竖直向下的、大小为30N的力(即重力).如图所示
答:由条件点A在直径BC上的射影E是OC的中点易得OE=12OA;∴∠AOP=60°;又由OA=OB?∠ABP=30°.在Rt△AOP中,因为OA=2,∠AOP=60°可得AP=23,由切割线定理可得PB?PC=AP2=12.故答案为:30°,12.
答:对接点O受力分析如图1: 图1把F1和F2分别分解到水平方向和竖直方向.沿水平方向列方程:F1cos30°=F2cos60°…①沿竖直方向列方程:F1sin30°+F2sin60°=Mg…② 由①②联立得:F1=Mg2=10NF2=3F1=103NA、由上述计算知绳AO对M的拉力F1=10N,故A错误.B、由上述计算知绳BO对M的拉力F2...