如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连，它的极板长L＝0.4 m，两板间距离d＝4×10 －3 m，

如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连．它的极板长L=0.4m，两板间距离d=4×10-3m，有一束由

（1）粒子刚进入平行板时，两极板不带电，粒子做的是平抛运动，则有：水平方向有：L2＝v0t竖直方向有：d2＝12gt2解得：v0=10m/s（2）由于带电粒子的水平位移增加，在板间的运动时间变大，而竖直方向位移不变，所以在竖直方向的加速度减小，所以电场力方向向上，又因为是正电荷，所以上极板与电源的负极相连，当所加电压为U1时，微粒恰好从下板的右边缘射出，则有：d2＝12a1(Lv0)2根据牛顿第二定律得：mg?qU1d＝ma1解得：U1=120V当所加电压为U2时，微粒恰好从上板的右边缘射出，则有：d2＝12a2(Lv0)2根据牛顿第二定律得：qU2d?mg＝ma2解得：U2=200V所以所加电压的范围为：120V≤U≤200V答：（1）微粒入射速度v0为10m/s；（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的负极相连，所加的电压U的范围为120V≤U≤200V．

（1）10m/s（2）120V＜U＜200V 试题分析：（1）据题意，带电粒子进入电场做类平抛运动，即 ＝v 0 t ＝ gt 2 可解得v 0 ＝ ＝10 m/s．（2）电容器的上板应接电源的负极，当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 ＝ a 1 a 1 ＝ 解得：U 1 ＝120 V（1分）当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 ＝ a 2 a 2 ＝ 解得U 2 ＝200V所以120 V＜U＜200V．

解：(1) ＝v 0 t， gt 2 ，可解得：v 0 ＝ ＝10 m/s (2)电容器的上板应接电源的负极 当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 解得：U 1 ＝120 V 当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 解得：U 2 ＝200 V 所以120 V＜U＜200 V

如图所示,水平放置的平行板电容器,电容为C,极板间的距离为d,板长为l...
答：（1）电键S始终闭合，电容器的电压不变，将下极板在d3的范围内缓慢地向上移动时，板间距离减小，由E=Ud，分析可知板间场强增大，油滴所受的电场力增大，则油滴将加速上升．（2）断开电键S时，电容器的带电量不变，由电容的决定式C=?S4πkd，电容的定义式C=QU和场强公式E=Ud得：E=4πkQ?S...

如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,极板长...
答：（1）2.5m/s（2）下极板带正电荷， 试题分析：（1）带电粒子做平抛运动水平位移： ① 竖直位移： ② 由①、②得 （2）下极板带正电荷 由平衡条件有qE=mg ③ 又 ④ Q=CU ⑤ 由③、④、⑤得 ⑥ 将数据代入⑥式，解得 点评：本题的分析关键是带电...

如图所示,水平放置的平行板电容器,原来AB两板不带电,B极板接地,它的极 ...
答：（1）2.5m/s （2） 试题分析：（1）电容器不带电时，微粒做平抛运动，设初速度为 v 0 ，则有：水平方向： 竖直方向： 联立两式得： 代入数据得： （2）若使微粒能从电容器右侧射出，则要求A板的电势大于0，且B板接地电势等于0，则有 A板电势最小时，微粒刚好从A板...

如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两板不带电,上极板接地,它的极板...
答：粒子在板间做类平抛运动，若第1个粒子落到O点，由 ＝v 01 t 1 （1分）， ＝ gt 1 2 （1分）得v 01 ＝2.5 m/s；若落到B点，由L＝v 02 t 1 ， ＝ gt 2 2 得v 02 ＝5 m/s（2分）．故2.5 m/s≤v 0 ≤5 m/s；...

如图所示,水平放置的平行板电容器,电容为C,极板间的距离为d,板长为L...
答：将上极板向上移动少许，板间场强不变，P点与下板间电势差不变，而下板的电势为零，则P点的电势不变．故C正确． D、电键断开后，将上极板向上移动少许，根据推论可知，板间场强不变，油滴所电场力不变，仍处于静止状态．P点的电势不变，油滴的电势能也不变．故D正确．故选ACD ...

如图所示,水平放置的平行板电容器,上板带负电,下板带正电,断开电源,带...
答：A、将电容器上板向上移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，因为E=Ud、C=QU、C=?S4πkd，解得：E=4πkQ?S，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，由下板边缘飞出，故A正确，BC错误．D、若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间...

如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两板不带电,上极板接地,它的极板...
答：解：（1）若第1个粒子落到O点，由 ，得v 1 =2.5m/s若落到B点，由 ，得v 2 =5m/s 故2.5m/s≤v 0 ≤5m/s（2）由l=v 1 t，得t=4×10 -2 s由 ，得a=2.5m/s 2 由 ，得Q=6×10 -6 C所以 个

如图所示,水平放置的平行板电容器,板间电压为U它的极板长L,两板间距...
答：粒子的加速度为：a=qUmd ①粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，则有：L=v0t ②竖直方向做匀加速直线运动，则有：d=12at2=qU2mdt2 ③联立解得：v0=LdqU2m ④答：粒子恰好从极板边缘飞出，粒子的初速度应为LdqU2m．

如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,它的极...
答：（1）第一个微粒进入电容器后只受重力作用，做平抛运动，水平方向：L2=v0t，竖直方向：d2=12gt2，代入数据解得：v0=2.5m/s；（2）当平行板电容器电压最大时，进入板间的微粒刚好从下极板右边缘飞出，微粒在板间做类平抛运动，水平方向：L=v0t1，竖直方向：d2=12at12，由牛顿第二定律得：...

如图所示,水平放置的平行板电容器,原来AB两板不带电,B极板接地,它的极 ...
答：（1）电容器不带电时，微粒做平抛运动，则有：l2=v0t，d2=12gt2，联立两式得：v0=2.5m/s．（2）若使微粒能从电容器右侧射出，则要求A板的电势大于0，则有：UAB=φA-φB=φA，A板电势最小时，微粒刚好从A板右侧边缘射出，则有 l=v0t1，d2=12at12，且mg-qUABd=ma，联立以上各式得...