光滑绝缘水平轨道AB与半径为R的光滑绝缘轨道BCD平滑连接，圆形轨道竖直放置，空间存在水平向右的匀强电
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-22
如图所示，光滑绝缘水平轨道AB与半径为R的光滑绝缘圆形轨道BCD平滑连接如图所示,竖直光滑绝缘半圆轨道AB与粗糙绝缘水平面相切于B点,半圆轨 ...
答：设电场强度与水平方向的夹角为θ，由题意知，电场力和重力的合力水平向左，在电场中的合力为mgcotθ，在从P到A点的过程中，根据动能定理得：mgcotθ?x-μmgxCB-mg?2R=12mvA2在A点，根据牛顿第二定律得：FA+mg＝mvA2R解得：FA＝2mgcotθxR?2μmgxBCR?5mg则图线的斜率为：k=2mgcotθR...
如图所示,水平绝缘光滑轨道AB与处于竖直平面内的圆弧形v绝缘光滑轨道BCD...
答：有 m v c 2 R = F N +mg 解得：F N =6N故带电体经过C点时对轨道的压力为6N．（3）对从A大K过程运用动能定理，得到 1 2 m v 2 - 1 2 m v 0 2 =-mg′(x+R) ②由①②，解得 v 0 =3 5 m/s 故...
光滑绝缘水平地面AB上有C、D、E三点.CD长L1=10cm,DE长L2=2cm,EB长L3...
答：由动能定理得：qUEB-2mgR=12mv2根据平抛运动的分位移公式，有：s=vt2R=12gt2联立解得：S2=8UEBRmg?q?16R2即：S2=800UEB?q-0.16s2-q图象的斜率：k=800UEB=0.2+0.160.1×10?6解得：UEB=4500V答：（1）小球在水平地面AB运动过程中达到最大速度时的位移为8cm，...
如图所示,竖直平面内的光滑绝缘轨道由斜面部分AB和圆弧部分BC平滑连接...
答：2)gR（2）对整个过程，由动能定理可知：W总=△Ek， 即得：mg（h-2R）-Eqhtan60°=12mv2C-0 mg（h-2R）-mgh3=12m(32?2)gR解得，h=322+11?33R答：（1）小球到达圆轨道最高点C时速度的最小值为(32?2)gR．（2）小球到达圆轨道最高点C速度最小值时，在斜面上释放小球的位置距离...
如图所示,水平绝缘光滑轨道AB的B端处于竖直平面内的四分之一圆弧形粗 ...
答：（1）设带电体在水平轨道上运动的加速度大小为a，根据牛顿第二定律：qE=ma 解得：a=qEm＝8×10?5×1040.1＝8m/s2 设带电体运动到B端时的速度为vB，则有：vB2＝2as解得：vB＝2as＝16＝4m/s（2）设带电体运动到圆轨道B端时受轨道的支持力为FN，根据牛顿第二定律有：FN?mg＝mvB2R解...
...水平绝缘轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接,半...
答：2R=12mvc2-12mvB2 联立解得：VC=3m/s N=1.25N（3）设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有：2R=12gt2 xDB=vct-12Eqmt2 联立解得：XDB=0.4m（4）由P到B带电体作加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中．在此过程中只有重力和电场...
...内的光滑绝缘轨道,其中AB段是水平的,BD段为半径R=0.2m的半圆,两段...
答：14m甲v0+m乙vB联立解得：v0=8m/s（3）小球乙从C点抛出．做类平抛运动，落地时在竖直方向获得速度为：12mv2y＝mg?2R+qE?2R故乙球重力的瞬时功率为：P=mgvy联立解得：P=0.4W答：（1）乙球通过轨道的最高点D时的速度为3m/s；（2）求甲球的初速度v0为8m/s（3）乙球同到水平面时...
如图所示,半径为R的光滑绝缘半圆弧轨道BC与长度为R的水平绝缘直轨道AB相...
答：（1）小球在D点时对轨道的压力恰好为零，据圆周运动规律知，在C点小球在竖直方向的合力刚好提供圆周运动向心力，故有：mg-F=mv2CR可得小球在D点的速度vC＝gR?FRm＝gR2由小球在从A至D的过程中只有重力和电场力做功，根据动能定理有：F2R-mg2R=12mv2C?12mv20可得小球在A点的初速度v0=v2C+2×...
...水平绝缘轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接,半...
答：mg(R+Rcosθ)?qERsinθ＝12mvC2?12mvD2vD2＝vC2+2(2+1)gR在D点：FN-（mgcosθ+qEsinθ）=mvD2R解得：FN=8.45N 由牛顿第三定律，对轨道的压力：FN′=8.45N．答：（1）带电体运动到圆形轨道的最高点C时，速度的大小为3m/s．（2）带电体第一次经过C点后，落在水平轨道上的位...
...B和C、D为端点的半径为R=0.6m的两半圆形光滑绝缘轨道固定于竖直平面...
答：（1）由题意，在小物块第一次运动到传送带最左端时恰好能从A点沿半圆轨道滑下，知圆轨道AB的最高点A位置恰好是重力充当向心力： mg＝mvA12R解得：vA1＝gR＝6m/s（2）因vA1＝6m/s＜6m/s，所以物块在传送带上从D到A摩擦力一直做功，由动能定理得： μmgL＝12mv2 解得：μ=0.25...
因为等效最高点是最难通过的点,所以要通过D点就必须通过等效最高点
因为合力的方向与水平方向成45度角，向斜下方，与只有重力场对比可知，CD弧的中点相当于只有重力场的最高点。AB-RCOS45是电场做功的距离，R+RSIN45是重力场做功的距离。电场院力做正功，重力做负功。此式为滑块能过P点时的动能。
答：设电场强度与水平方向的夹角为θ，由题意知，电场力和重力的合力水平向左，在电场中的合力为mgcotθ，在从P到A点的过程中，根据动能定理得：mgcotθ?x-μmgxCB-mg?2R=12mvA2在A点，根据牛顿第二定律得：FA+mg＝mvA2R解得：FA＝2mgcotθxR?2μmgxBCR?5mg则图线的斜率为：k=2mgcotθR...
答：有 m v c 2 R = F N +mg 解得：F N =6N故带电体经过C点时对轨道的压力为6N．（3）对从A大K过程运用动能定理，得到 1 2 m v 2 - 1 2 m v 0 2 =-mg′(x+R) ②由①②，解得 v 0 =3 5 m/s 故...
答：由动能定理得：qUEB-2mgR=12mv2根据平抛运动的分位移公式，有：s=vt2R=12gt2联立解得：S2=8UEBRmg?q?16R2即：S2=800UEB?q-0.16s2-q图象的斜率：k=800UEB=0.2+0.160.1×10?6解得：UEB=4500V答：（1）小球在水平地面AB运动过程中达到最大速度时的位移为8cm，...
答：2)gR（2）对整个过程，由动能定理可知：W总=△Ek， 即得：mg（h-2R）-Eqhtan60°=12mv2C-0 mg（h-2R）-mgh3=12m(32?2)gR解得，h=322+11?33R答：（1）小球到达圆轨道最高点C时速度的最小值为(32?2)gR．（2）小球到达圆轨道最高点C速度最小值时，在斜面上释放小球的位置距离...
答：（1）设带电体在水平轨道上运动的加速度大小为a，根据牛顿第二定律：qE=ma 解得：a=qEm＝8×10?5×1040.1＝8m/s2 设带电体运动到B端时的速度为vB，则有：vB2＝2as解得：vB＝2as＝16＝4m/s（2）设带电体运动到圆轨道B端时受轨道的支持力为FN，根据牛顿第二定律有：FN?mg＝mvB2R解...
答：2R=12mvc2-12mvB2 联立解得：VC=3m/s N=1.25N（3）设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有：2R=12gt2 xDB=vct-12Eqmt2 联立解得：XDB=0.4m（4）由P到B带电体作加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中．在此过程中只有重力和电场...
答：14m甲v0+m乙vB联立解得：v0=8m/s（3）小球乙从C点抛出．做类平抛运动，落地时在竖直方向获得速度为：12mv2y＝mg?2R+qE?2R故乙球重力的瞬时功率为：P=mgvy联立解得：P=0.4W答：（1）乙球通过轨道的最高点D时的速度为3m/s；（2）求甲球的初速度v0为8m/s（3）乙球同到水平面时...
答：（1）小球在D点时对轨道的压力恰好为零，据圆周运动规律知，在C点小球在竖直方向的合力刚好提供圆周运动向心力，故有：mg-F=mv2CR可得小球在D点的速度vC＝gR?FRm＝gR2由小球在从A至D的过程中只有重力和电场力做功，根据动能定理有：F2R-mg2R=12mv2C?12mv20可得小球在A点的初速度v0=v2C+2×...
答：mg(R+Rcosθ)?qERsinθ＝12mvC2?12mvD2vD2＝vC2+2(2+1)gR在D点：FN-（mgcosθ+qEsinθ）=mvD2R解得：FN=8.45N 由牛顿第三定律，对轨道的压力：FN′=8.45N．答：（1）带电体运动到圆形轨道的最高点C时，速度的大小为3m/s．（2）带电体第一次经过C点后，落在水平轨道上的位...
答：（1）由题意，在小物块第一次运动到传送带最左端时恰好能从A点沿半圆轨道滑下，知圆轨道AB的最高点A位置恰好是重力充当向心力： mg＝mvA12R解得：vA1＝gR＝6m/s（2）因vA1＝6m/s＜6m/s，所以物块在传送带上从D到A摩擦力一直做功，由动能定理得： μmgL＝12mv2 解得：μ=0.25...
