如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连．它的极板长L=0.4m，两板间距离d=4×10-3m，有一束由
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-11
（16分） 如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连，它的极板长L＝0．4 m，两板间距离d＝4×10
水平方向有：
＝v0t
竖直方向有：
＝
gt2
解得：v0=10m/s
（2）由于带电粒子的水平位移增加，在板间的运动时间变大，而竖直方向位移不变，所以在竖直方向的加速度减小，所以电场力方向向上，又因为是正电荷，所以上极板与电源的负极相连，
当所加电压为U1时，微粒恰好从下板的右边缘射出，则有：
＝
a1(
)2
根据牛顿第二定律得：mg?q
＝ma1
解得：U1=120V
当所加电压为U2时，微粒恰好从上板的右边缘射出，则有：
＝
a2(
)2
根据牛顿第二定律得：q
?mg＝ma2
解得：U2=200V
所以所加电压的范围为：120V≤U≤200V
答：（1）微粒入射速度v0为10m/s；
（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的负极相连，所加的电压U的范围为120V≤U≤200V．
如图所示,水平放置的平行板电容器M、N与一电源相连.在电容器的两板间...
答：D 试题分析：将电容器两板间的距离增大，由电容的决定式 ，可知，电容变小．故AB错误，电容器与电池相连，板间电压不变，由 得知，板间场强变小，则质点所受的电场力减小，所以质点将向下运动．故C错误，D正确．故选D．点评：本题是电容器动态分析问题．关键根据电容的决定式 和板间场强公...
(15分)如图所示,水平放置的平行板电容器,两板间距为d=8cm,板长为L=25...
答：（1） （2） （3）0.3s 试题分析：（1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的电场力，因为液滴匀速运动，所以有： 当下板向上提后，d减小，E增大，电场力增大，故液滴向上偏转，在电场中做类平抛运动. （2）因液滴刚好从金属末端飞出，所以液滴在竖直方向上的位移是d/2,设液滴从P点...
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两板不带电,上极板接地,它的极板...
答：md(v0L)2q＝1.5×103(V/m)（3）由：Q=CEd=6.0×10-6（C）得：N＝Qq＝600落到下极板上粒子总数为N+1=601个 答：（1）若第一个粒子刚好落到下板中点O处，则带电粒子入射初速度的大小是2.5m/s；（2）两板间电场强度为1.5×103V/m时，带电粒子能刚好落到下板右边缘B点；（...
如图所示,水平放置的平行板电容器,与某一电源相连,它的极板长L=0.4 m...
答：解：(1) ＝v 0 t， gt 2 ，可解得：v 0 ＝ ＝10 m/s(2)电容器的上板应接电源的负极当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 解得：U 1 ＝120 V 当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 解得：U 2 ＝200 V所以120 V＜U＜200 V ...
如图所示,水平放置的平行板电容器,板间电压为U它的极板长L,两板间距...
答：粒子的加速度为：a=qUmd ①粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，则有：L=v0t ②竖直方向做匀加速直线运动，则有：d=12at2=qU2mdt2 ③联立解得：v0=LdqU2m ④答：粒子恰好从极板边缘飞出，粒子的初速度应为LdqU2m．
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两极板不带电,上极板接地,极板长...
答：（1）2.5m/s（2）下极板带正电荷， 试题分析：（1）带电粒子做平抛运动水平位移： ① 竖直位移： ② 由①、②得 （2）下极板带正电荷 由平衡条件有qE=mg ③ 又 ④ Q=CU ⑤ 由③、④、⑤得 ⑥ 将数据代入⑥式，解得 点评：本题的分析关键是带电...
如图所示,水平放置的平行板电容器两板间距为d=8cm,板长为L=25cm,接在...
答：（1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的电场力，因为液滴做匀速运动，所以有： qE=mg，q U d =mg，即：qU=mgd．当下板向上提后，d减小，E增大，电场力增大，故液滴向上偏转，在电场中做类平抛运动．此时液滴所受电场力F′=q U d′ = mgd d′ ，此时加速度a...
如图所示,水平放置的平行板电容器,原来两板不带电,上极板接地,它的极板...
答：解：（1）若第1个粒子落到O点，由 ，得v 1 =2.5m/s若落到B点，由 ，得v 2 =5m/s 故2.5m/s≤v 0 ≤5m/s（2）由l=v 1 t，得t=4×10 -2 s由 ，得a=2.5m/s 2 由 ，得Q=6×10 -6 C所以 个
如图所示,水平放置的平行板电容器,与某一电源相连,它的极板长L=0.4 m...
答：1.标准的平抛：x=vot y=gt²/2 x=L/2 y=d/2 联立解得：vo=L/2·√(g/d)2.需要的电场力与重力方向相反，所以电源的负极应当与电容器的上板相连。微粒做类平抛运动：微粒向下偏转时， 微粒向上偏转时，L=vo·t ① L=vo·t ④ d/2=at²/2 ② ...
如图所示,水平放置的平行板电容器,与某一电源相连,它的极板长L=0.4 m...
答：解：(1) ＝v 0 t， gt 2 ，可解得：v 0 ＝ ＝10 m/s(2)电容器的上板应接电源的负极当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 解得：U 1 ＝120 V 当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 解得：U 2 ＝200 V所以120 V＜U＜200 V ...
（1）10m/s（2）120V＜U＜200V 试题分析：（1）据题意，带电粒子进入电场做类平抛运动，即 ＝v 0 t ＝ gt 2 可解得v 0 ＝ ＝10 m/s．（2）电容器的上板应接电源的负极，当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 ＝ a 1 a 1 ＝ 解得：U 1 ＝120 V（1分）当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 ＝ a 2 a 2 ＝ 解得U 2 ＝200V所以120 V＜U＜200V．
解：(1) ＝v 0 t， gt 2 ，可解得：v 0 ＝ ＝10 m/s(2)电容器的上板应接电源的负极当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 解得：U 1 ＝120 V 当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 解得：U 2 ＝200 V所以120 V＜U＜200 V
（1）粒子刚进入平行板时，两极板不带电，粒子做的是平抛运动，则有：水平方向有：
| L |
| 2 |
竖直方向有：
| d |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
解得：v0=10m/s
（2）由于带电粒子的水平位移增加，在板间的运动时间变大，而竖直方向位移不变，所以在竖直方向的加速度减小，所以电场力方向向上，又因为是正电荷，所以上极板与电源的负极相连，
当所加电压为U1时，微粒恰好从下板的右边缘射出，则有：
| d |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| L |
| v0 |
根据牛顿第二定律得：mg?q
| U1 |
| d |
解得：U1=120V
当所加电压为U2时，微粒恰好从上板的右边缘射出，则有：
| d |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| L |
| v0 |
根据牛顿第二定律得：q
| U2 |
| d |
解得：U2=200V
所以所加电压的范围为：120V≤U≤200V
答：（1）微粒入射速度v0为10m/s；
（2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的负极相连，所加的电压U的范围为120V≤U≤200V．
答：D 试题分析：将电容器两板间的距离增大，由电容的决定式 ，可知，电容变小．故AB错误，电容器与电池相连，板间电压不变，由 得知，板间场强变小，则质点所受的电场力减小，所以质点将向下运动．故C错误，D正确．故选D．点评：本题是电容器动态分析问题．关键根据电容的决定式 和板间场强公...
答：（1） （2） （3）0.3s 试题分析：（1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的电场力，因为液滴匀速运动，所以有： 当下板向上提后，d减小，E增大，电场力增大，故液滴向上偏转，在电场中做类平抛运动. （2）因液滴刚好从金属末端飞出，所以液滴在竖直方向上的位移是d/2,设液滴从P点...
答：md(v0L)2q＝1.5×103(V/m)（3）由：Q=CEd=6.0×10-6（C）得：N＝Qq＝600落到下极板上粒子总数为N+1=601个 答：（1）若第一个粒子刚好落到下板中点O处，则带电粒子入射初速度的大小是2.5m/s；（2）两板间电场强度为1.5×103V/m时，带电粒子能刚好落到下板右边缘B点；（...
答：解：(1) ＝v 0 t， gt 2 ，可解得：v 0 ＝ ＝10 m/s(2)电容器的上板应接电源的负极当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 解得：U 1 ＝120 V 当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 解得：U 2 ＝200 V所以120 V＜U＜200 V ...
答：粒子的加速度为：a=qUmd ①粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，则有：L=v0t ②竖直方向做匀加速直线运动，则有：d=12at2=qU2mdt2 ③联立解得：v0=LdqU2m ④答：粒子恰好从极板边缘飞出，粒子的初速度应为LdqU2m．
答：（1）2.5m/s（2）下极板带正电荷， 试题分析：（1）带电粒子做平抛运动水平位移： ① 竖直位移： ② 由①、②得 （2）下极板带正电荷 由平衡条件有qE=mg ③ 又 ④ Q=CU ⑤ 由③、④、⑤得 ⑥ 将数据代入⑥式，解得 点评：本题的分析关键是带电...
答：（1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的电场力，因为液滴做匀速运动，所以有： qE=mg，q U d =mg，即：qU=mgd．当下板向上提后，d减小，E增大，电场力增大，故液滴向上偏转，在电场中做类平抛运动．此时液滴所受电场力F′=q U d′ = mgd d′ ，此时加速度a...
答：解：（1）若第1个粒子落到O点，由 ，得v 1 =2.5m/s若落到B点，由 ，得v 2 =5m/s 故2.5m/s≤v 0 ≤5m/s（2）由l=v 1 t，得t=4×10 -2 s由 ，得a=2.5m/s 2 由 ，得Q=6×10 -6 C所以 个
答：1.标准的平抛：x=vot y=gt²/2 x=L/2 y=d/2 联立解得：vo=L/2·√(g/d)2.需要的电场力与重力方向相反，所以电源的负极应当与电容器的上板相连。微粒做类平抛运动：微粒向下偏转时， 微粒向上偏转时，L=vo·t ① L=vo·t ④ d/2=at²/2 ② ...
答：解：(1) ＝v 0 t， gt 2 ，可解得：v 0 ＝ ＝10 m/s(2)电容器的上板应接电源的负极当所加的电压为U 1 时，微粒恰好从下板的右边缘射出 解得：U 1 ＝120 V 当所加的电压为U 2 时，微粒恰好从上板的右边缘射出 解得：U 2 ＝200 V所以120 V＜U＜200 V ...
