（2014?湖北二模）某课外活动小组欲利用氨气与CuO反应，研究氨气的性质并测其组成，设计了如图实验（夹持
（1）装置中仪器a为分液漏斗；仪器b是利用分液漏斗中滴入的氨水使锥形瓶中的固体溶解放热促进一水合氨分解生成氨气，氢氧化钠固体、氧化钙固体、碱石灰固体，故答案为：分液漏斗；固体氢氧化钠或氧化钙或碱石灰；（2）利用装置A，可制取的无色气体；A．制备氯气Cl2需要加热，且氯气为黄绿色气体，故A不符合；B．可以制备O2，利用固体过氧化钠和水的反应，故B符合；C．可以制备CO2 气体，利用稀盐酸滴入大理石上反应生成，故C符合；D．NO2是红棕色气体，故D不符合；故选BC；（3）实验中观察到装置C中黑色CuO粉末变为红色固体，量气管有无色无味的气体，说明氨气和氧化铜反应生成铜和氮气与水，氨气被氧化铜氧化表现还原性，结合原子守恒配平写出的化学方程式为：3CuO+2NH3 △ . 3Cu+3H2O+N2 ，故答案为：还原；3CuO+2NH3 △ . 3Cu+3H2O+N2 ；（4）依据流程分析，浓硫酸是吸收过量的氨气，阻止F中水蒸气进入D影响实验效果，故答案为：吸收未反应的氨气，阻止F中水蒸气进入D；（5）读取气体体积前，应对装置F进行的操作是慢慢上下移动右边漏斗，使左右两管液面相平，保持压强平衡再读数，故答案为：慢慢上下移动右边漏斗，使左右两管液面相平；（6）若测得干燥管D增重mg为水物质的量=mg18g/mol，装置F测得气体的体积为nL（已折算成标准状况）为N2，物质的量=nL22.4L/mol，依据元素守恒得到氮原子和氢原子物质的量之比=nL22.4L/mol×2：mg18g/mol×2=9n11.2m，则氨分子中氮、氢的原子个数比为9n11.2m，故答案为：9n11.2m．
（1）分液漏斗 氧化钙或氢氧化钠固体或碱石灰（2）BC（3）还原 3CuO＋2NH 3 3Cu＋3H 2 O＋N 2 （4）吸收未反应的氨气，阻止F中水蒸气进入D（5）慢慢上下移动右边漏斗，使左右两管液面相平（6） （1）仪器a为分液漏斗；氧化钙或氢氧化钠或碱石灰溶于水时都放出热量使NH 3 ·H 2 O分解，所以b中可选择的试剂为氧化钙或氢氧化钠固体或碱石灰。（2）氯气和二氧化氮是有色气体，故排除AD，该装置适用于固液体混合不加热制取气体，可以制取氧气： 2H 2 O 2 2H 2 O＋O 2 ↑，也制取二氧化碳：CaCO 3 ＋2HCl===CaCl 2 ＋CO 2 ↑＋H 2 O。（3）该反应中氧化铜被还原生成单质铜，所以氨气有还原性，氨气和氧化铜反应生成铜、水和氮气，化学方程式为：3CuO＋2NH 3 3Cu＋3H 2 O＋N 2 。（4）E装置中吸收未反应的氨气，阻止F装置中水蒸气进入D装置。（5）读取量气管中气体的体积时，慢慢上下移动右边漏斗，使左右两管液面相平（6）干燥管吸收的物质是水，量气管收集的气体是氮气，水的物质的量为m g/18 g·mol －1 含有的氢原子为m/9 mol，氮气的物质的量为n L/22.4 L·mol －1 ，氮原子的物质的量为n/11.2 mol，则氨分子中氮、氢的原子个数比为 。
（1）装置中仪器a为分液漏斗；仪器b是利用分液漏斗中滴入的氨水使锥形瓶中的固体溶解放热促进一水合氨分解生成氨气，氢氧化钠固体、氧化钙固体、碱石灰固体，故答案为：分液漏斗；固体氢氧化钠或氧化钙或碱石灰；
（2）实验中观察到装置C中黑色CuO粉末变为红色固体，量气管有无色无味的气体，实验前称取黑色CuO 80g，物质的量为1mol，依据铜元素守恒，结合红色物质可能为铜或氧化亚铜，若为铜质量为64g，若为氧化亚铜质量=0.5mol×144g/mol=72g，实验后得到红色固体质量为68g．则红色固体成分的化学式为Cu和Cu2O；
故答案为：Cu和Cu2O；
（3）依据流程分析，浓硫酸是吸收过量的氨气，阻止F中水蒸气进入D影响实验效果；
故答案为：吸收未反应的氨气，阻止F中水蒸气进入D；
（4）读取气体体积前，应对装置F进行的操作是慢慢上下移动右边漏斗，使左右两管液面相平，保持压强平衡再读数；若无此操作，而F中左边液面低于右边液面，会导致读取的气体体积偏小，气体溶于水是碱性溶液，需要选择碱式滴定管，选择B；
故答案为：慢慢上下移动右边漏斗，使左右两管液面相平；偏小，B；
（5）若测得干燥管D增重为水物质的量，装置F测得气体的体积为为N2，计算得到气体物质的量，依据元素守恒得到氮原子和氢原子物质的量之比，所以选择BC；
故答案为：B、C；
答：（1）当磁场B和电场E同时存在时，两种粒子都受力平衡，都满足：Eq=Bqv所以两种粒子速度相同都为：v=EB…①当仅存在磁场时，带电粒子做匀速圆周运动，洛仑兹力充当向心力，两种粒子都满足：Bqv=mv2r 得：r=mvqB…②当磁场强度为B时，P粒子的轨道半径r1=l，Q粒子轨道半径为：r2=14l…③由②...
答：解题思路：根据两个向量平行的关系，写出坐标形式的平行的充要条件，得到关于角α的三角函数式，逆用二倍角公式，得到角α的二倍的正弦值，根据角α是一个锐角，得到结果．∵ a ＝(3 2，sinα)，b ＝(cosα，1 3)，且 a∥ b，∴[3/2× 1 3−sinαcosα＝0，∴sinαcosα= 1 ...
答：设b向上移动y，a向上移动x，两部分气体都做等压变化，设变化前后气体温度分别为T1和T2由盖吕萨克定律有：对A部分气体：13LST1＝(13L?x)ST2， 对B部分气体：23LST1＝(23L?y+x)ST2， 代入数据联立解得：x＝112L y＝14L．答：活塞a移动的距离为112L 活塞 b移动的距离为14L．
答：（1）由图示电路图可知，开关不变控制电压表，导线E连接错误，滑动变阻器同时接下面两个接线柱，滑动变阻器应采用限流接法，滑动变阻器连接错误，即导线C（或D）错误；（2）由表中第3、4组实验数据可得，E=0.45+0.0042r，E=0.40+0.0054r，解得：r≈416.67Ω；由表中实验数据可知，第2组实验...
答：解答:解:由函数的周期T=π= 2π ω ，∴ω=2.再根据函数的图象关于直线x= 2 3 π对称，可得 2× 2π 3 +φ=kπ+ π 2 ，k∈z，即φ=kπ- 5π 6 ，k∈z.再结合，|φ|＜ π 2 ，可得φ= π 6 ，∴函数f(x)=sin(2x+ π 6 ).令2kπ+ π 2 ≤2x+ π 6 ≤2kπ+...
答：（1）物体下滑过程机械能守恒mgh+12mv21＝12mv22∴v2＝v21+2gh＝25m/s物体与小车作用过程动量守恒mv2=（m+M）V∴V＝mv2m+M＝20×2520+40＝235m/s对车动量定理有：μmgt=MVt＝MVμmg＝53s（2）物体相对于小车板面滑动，摩擦力做功转化为系统的内能，由能量守恒有μmgl＝12mv22?12(m+M)...
答：A、由图可知，原线圈输入电压的有效值为220V，故A错误；B、由于二极管具有单向导电性，当有电流通过时，副线圈两端的电压为有22V，但只有半个周期有电流，电压表的读数为电压的有效值，故有效值为：222R.T2＝U2RT，解得：U=242V；故B错误；C、副线圈电流为：24210=1.55A；则原线圈的电流为0....
答：但ⅡA族最外层为ns能级容纳2个电子，为全满确定状态，能量较低，第一电离能高于同周期相邻元素，ⅤA族np能级容纳3的电子，为半满稳定状态，能量较低，第一电离能也高于同周期相邻元素，C为6号碳元素，D为7号氮元素，E为8号氧元素，所以C、D、E元素的第一电离能由大到小的关系为N＞O＞C，...
答：（1）小钢球从释放到B点的过程中，由动能定理有：mgh＝12mvB2 …①小钢球在B点时，由牛顿第二定律得：F?mg＝mvB2R …②解得：F＝2mghR+mg …③由图乙可知：当h=0时，F=mg=4N；当h=0.6m时，F=28N．将上述数据带入③式解得：R=0.2m （2）小钢球从A到C的过程中，机械能...
答：A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R0+r），由数学知识得知，△U△I=R0+r，保持不变．故A正确．B、由图，UI=R，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故B错误．C、D、闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的...
