如图所示，光滑斜面倾角为θ=30°，一个重20N的物体在斜面上静止不动．轻质弹簧原长为10cm，现在的长度为
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-22
如图所示，光滑斜面倾角为θ=30°，一个重20N的物体在斜面上静止不动.轻质弹簧原长为10cm，现
由平衡条件得：F=Gsinθ=10N
形变量x=（10-6）cm=4cm
由胡克定律：F=kx得：
k=
=2.5N/cm
（2）对物体受力分析如图：
由平衡条件：f=F+Gsinθ
由胡克定律：F=kx=2.5×2=5N；
Gsinθ=10N
所以：f=10N+5N=15N；方向沿斜面向上．
答：（1）弹簧的劲度系数为：2.5N/cm
（2）物体受到的摩擦力的大小为15N和方向沿斜面向上
如图所示 在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A...
答：如图所示在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A.B,它们的质量均为m,弹簧的劲度系数为k,C为一固定挡板,系统处于静止状态。现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使... 如图所示 在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A.B,它们的质量均为m,弹簧的劲度系数为k,C为一固...
如图所示,倾角为θ=30°的光滑绝缘斜面处于电场中。。。 关于答案D为 ...
答：A，AB两点速度相同，则重力势能增加，电势能必须减少。A错 B，电势差为U=UB-UA ，由于重力势能=电势能，则mgLsin@=Uq,故U=mgLsin@/q =mgL/2q,B正确 请注意，电势差跟是否为匀强电场无关。C，既然是匀强电场，那么电场力与重力相等，则mg=Eq. 则E=mg/q,,显然C错，（网页上显示是mgq）D...
如图所示,在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A...
答：由胡克定律和牛顿第二定律可知，mgsin30°=kx1．令x2表示B刚要离开C时弹簧的伸长量，a表示此时A的加速度，由胡克定律和牛顿第二定律可知kx2=mgsin30°，F-mgsin30°-kx2=ma将F=2mg代入上式，又由x1+x2＝12at2解得t=2mk．答：从F开始作用到物块B刚要离开C的时间为t=2mk．
如图所示,光滑斜面倾角为30°,水平面粗糙,现将A、B两球(可视为质点)同 ...
答：（1）根据牛顿第二定律得，小球在斜面上下滑的加速度为：a= mgsin30° m =gsin30°=5m/ s 2 ，根据 L A = 1 2 a t A 2 得： t A = 2 L A a = 2×10 5 s=2s ，根据 L B = 1 2 a...
如图所示,倾角θ=30°的光滑斜面上MN底端固定一轻弹簧,轻弹簧的上端...
答：2mv 3 2 - 1 2 ?2mv 2 2 ，代入数据解得：v 3 =2 3 m/s，此后B从斜面飞出，做斜抛运动直至运动到最高点，它落入小车的最左端的速度：v 3x =v 3 cosθ，代入数据解得：v 3x =3m/s，滑块与小车组成的系统动量守恒，以滑块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律...
(12分)如图所示,倾角θ=30°的光滑斜面的下端与水平地面平滑连接(可认 ...
答：（1）a=5m/s 2 （2）v A =" 8m/s" （3）t=2s 试题分析：（1）物体由静止沿斜面下滑过程，由牛顿运动定律有：沿斜面方向： ………①代入数据解①得：a=5m/s 2 ………②（2）设物体由静止沿斜面下滑经时间t 1 至底端A处，由运动学规律有： ………③ ………④联解...
如图所示,一足够长的光滑斜面倾角为θ=30°,斜面AB与水平面BC连接,质量...
答：则mgsin30°=ma 3 ，a 3 =5m/s 2 ．由上可得物体滑到B点时速度大小为v 0 =v-a 2 t 1 =2m/s则物体物体在斜面上滑行的总时间t 2 = 2v a 3 =0.8s所以物体第二次经过B点的时间为t 3 =t 1 +t 2 =1.8s．答：撤去拉力F后，物体两次经过B点，第一次时间为1s，第...
如图所示,在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A...
答：令x1表示未加F时弹簧的压缩量，由胡克定律和牛顿定律可知：mgsin30°=kx1 令x2表示B 刚要离开C时弹簧的伸长量，a表示此时A 的加速度，由胡克定律和牛顿定律可知：kx2=mgsin30° F-mgsin30°-kx2=ma 将F=2mg和θ=30°代入以上各式，解得：a=g由x1+x2=12at2解得：t=2mk（...
如图所示,光滑斜面倾角为30°,现将A、B两物体(可视为质点)从图示位置同 ...
答：A、根据牛顿第二定律得，A、B在斜面上的加速度大小相等，在水平面上的加速度大小相等，在斜面上的加速度a=gsin30°=5m/s2，B到达底端的速度vB＝2aLB＝2×5×0.4m/s=2m/s，vA＝2aLA＝2×5×0.1m/s=1m/s，因为B在水平面上滑行的位移大于A在水平面上的滑行位移，则两物体一定能在水平面...
如图所示,一倾角为θ=30°的光滑斜面固定在水平地面上,一根轻绳跨过光...
答：设B落地时的速度为v，系统的机械能守恒得：mgh-mgsin30°h=12（m+m）v2解得：v=gh2故A正确，B错误；根据动能定理有：W-mgh=12mv2得：W=34mgh，故C正确D错误；故选：AC．
希望对你有所帮助 还望采纳~~~
由平衡条件得：F=Gsinθ=10N
形变量x=（10-6）cm=4cm
由胡克定律：F=kx得：
k=
| F |
| x |
（2）对物体受力分析如图：
由平衡条件：f=F+Gsinθ
由胡克定律：F=kx=2.5×2=5N；
Gsinθ=10N
所以：f=10N+5N=15N；方向沿斜面向上．
答：（1）弹簧的劲度系数为：2.5N/cm
（2）物体受到的摩擦力的大小为15N和方向沿斜面向上
答：如图所示在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A.B,它们的质量均为m,弹簧的劲度系数为k,C为一固定挡板,系统处于静止状态。现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使... 如图所示 在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A.B,它们的质量均为m,弹簧的劲度系数为k,C为一固...
答：A，AB两点速度相同，则重力势能增加，电势能必须减少。A错 B，电势差为U=UB-UA ，由于重力势能=电势能，则mgLsin@=Uq,故U=mgLsin@/q =mgL/2q,B正确 请注意，电势差跟是否为匀强电场无关。C，既然是匀强电场，那么电场力与重力相等，则mg=Eq. 则E=mg/q,,显然C错，（网页上显示是mgq）D...
答：由胡克定律和牛顿第二定律可知，mgsin30°=kx1．令x2表示B刚要离开C时弹簧的伸长量，a表示此时A的加速度，由胡克定律和牛顿第二定律可知kx2=mgsin30°，F-mgsin30°-kx2=ma将F=2mg代入上式，又由x1+x2＝12at2解得t=2mk．答：从F开始作用到物块B刚要离开C的时间为t=2mk．
答：（1）根据牛顿第二定律得，小球在斜面上下滑的加速度为：a= mgsin30° m =gsin30°=5m/ s 2 ，根据 L A = 1 2 a t A 2 得： t A = 2 L A a = 2×10 5 s=2s ，根据 L B = 1 2 a...
答：2mv 3 2 - 1 2 ?2mv 2 2 ，代入数据解得：v 3 =2 3 m/s，此后B从斜面飞出，做斜抛运动直至运动到最高点，它落入小车的最左端的速度：v 3x =v 3 cosθ，代入数据解得：v 3x =3m/s，滑块与小车组成的系统动量守恒，以滑块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律...
答：（1）a=5m/s 2 （2）v A =" 8m/s" （3）t=2s 试题分析：（1）物体由静止沿斜面下滑过程，由牛顿运动定律有：沿斜面方向： ………①代入数据解①得：a=5m/s 2 ………②（2）设物体由静止沿斜面下滑经时间t 1 至底端A处，由运动学规律有： ………③ ………④联解...
答：则mgsin30°=ma 3 ，a 3 =5m/s 2 ．由上可得物体滑到B点时速度大小为v 0 =v-a 2 t 1 =2m/s则物体物体在斜面上滑行的总时间t 2 = 2v a 3 =0.8s所以物体第二次经过B点的时间为t 3 =t 1 +t 2 =1.8s．答：撤去拉力F后，物体两次经过B点，第一次时间为1s，第...
答：令x1表示未加F时弹簧的压缩量，由胡克定律和牛顿定律可知：mgsin30°=kx1 令x2表示B 刚要离开C时弹簧的伸长量，a表示此时A 的加速度，由胡克定律和牛顿定律可知：kx2=mgsin30° F-mgsin30°-kx2=ma 将F=2mg和θ=30°代入以上各式，解得：a=g由x1+x2=12at2解得：t=2mk（...
答：A、根据牛顿第二定律得，A、B在斜面上的加速度大小相等，在水平面上的加速度大小相等，在斜面上的加速度a=gsin30°=5m/s2，B到达底端的速度vB＝2aLB＝2×5×0.4m/s=2m/s，vA＝2aLA＝2×5×0.1m/s=1m/s，因为B在水平面上滑行的位移大于A在水平面上的滑行位移，则两物体一定能在水平面...
答：设B落地时的速度为v，系统的机械能守恒得：mgh-mgsin30°h=12（m+m）v2解得：v=gh2故A正确，B错误；根据动能定理有：W-mgh=12mv2得：W=34mgh，故C正确D错误；故选：AC．
