如图所示，平行板电容器AB两极板水平放置，现将其接在直流电源上，已知A板和电源正极相连．当开关接通时
A、设电源的电动势为E，电容器板间距离为d，带电粒子的质量和电量分别为m和q，则有 竖直位移为 y= 1 2 a t 2 = qE 2md t 2 ，水平位移为 x=v 0 t，联立得 y= qE x 2 2md v 20 粒子能打在N点右侧时，y不变，x增大，其他量不变，则电源的电动势E必须减小，而E 1 ＜E 2 ，所以将单刀双掷开关接2时，粒子能打在N点左侧．故A错误．B、将A板上移一段距离，电容减小，而板间电压不变，但由于二极管的单向导电性，电容器所带电量不变，根据推论：板间场强E= 4πkQ ?S ，场强E不变，带电粒子所受的电场力大小不变，粒子小球仍然打在N点．故B错误．C、将B板下移一段距离时，同理可知，板间场强E不变，带电粒子所受的电场力大小不变，粒子做类平抛运动的加速度减小，运动时间变长，小球将打在N点的右侧．故C正确．D、在A板下表面插入一很薄的金属板，AB间距d减小时，电容增大，则电量Q增大，根据E= U d = Q Cd ，知E增大，所以电场力变大，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度增大，运动时间变短，小球将打在N点的左侧．故D错误．本题选错误的，故选ABD
A、设电源的电动势为E，电容器板间距离为d，带电粒子的质量和电量分别为m和q，则有 竖直位移为 y=12at2=qE2mdt2，水平位移为 x=v0t，联立得 y=qEx22mdv20粒子能打在N点右侧时，y不变，x增大，其他量不变，则电源的电动势E必须减小，而E1＜E2，所以将单刀双掷开关接2时，粒子能打在N点左侧．故A错误．B、将A板上移一段距离，电容减小，而板间电压不变，但由于二极管的单向导电性，电容器所带电量不变，根据推论：板间场强E=4πkQ?S，场强E不变，带电粒子所受的电场力大小不变，粒子小球仍然打在N点．故B错误．C、将B板下移一段距离时，同理可知，板间场强E不变，带电粒子所受的电场力大小不变，粒子做类平抛运动的加速度减小，运动时间变长，小球将打在N点的右侧．故C正确．D、在A板下表面插入一很薄的金属板，AB间距d减小时，电容增大，则电量Q增大，根据E=Ud=QCd，知E增大，所以电场力变大，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度增大，运动时间变短，小球将打在N点的左侧．故D错误．本题选错误的，故选ABD
A、开关断开后，电容器所带电量不变，将B板下移一段距离时，根据推论可知，板间场强不变，油滴所受的电场力不变，仍处于静止状态；故A错误．B、将开关断开，将AB板左右错开一段距离，电容减小，而电量不变，由C=
| Q |
| U |
| U |
| d |
C、保持开关闭合，将AB板左右错开一段距离时，板间电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，仍处于静止状态；故C错误．
D、保持开关闭合，将A板下移一段距离，板间距离减小，根据E=
| U |
| d |
故选BD
答：打在N点左侧，故B正确．若小球带负电，当AB间距d减小时，由 可知：E增大，所以电场力变大，方向向上，若电场力小于重力，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度减小，运动时间变长，小球将打在N点的右侧，故C正确；若小球带负电，当AB间距d增大时，电容减小，但Q不可能减小，所以Q不变，根据 ，...
答：AB间距d减小时，电容增大，则电量Q增大，根据E= U d = Q Cd ，知E增大，所以电场力变大，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度增大，运动时间变短，小球将打在N点的左侧．故D错误．本题选错误的，故选ABD
答：S ，所以d减小时E增大，所以电场力变大向下，小球做平抛运动竖直方向加速度增大，运动时间变短，打在N点左侧．故B正确．C、若小球带负电，当AB间距d减小时，电容增大，则Q增大，根据E= U d = Q Cd = 4πkQ ?S ，所以d减小时E增大，所以电场力变大向上，若电...
答：将AB板左右错开一段距离时，板间电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，仍处于静止状态；故C错误．D、保持开关闭合，将A板下移一段距离，板间距离减小，根据E=Ud知，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动．故D正确．故选BD ...
答：则将A板上下移动时，由于E不变；故粒子仍打在N点；故AB错误；C、断开开关后，Q不变，E不变；B板下移后，则粒子运动时间变大，故粒子应打在N板的右侧；故C正确；D、若开关接2时，电压减小，则E减小；故加速度减小，则打在极板所用的时间增大；故粒子将打在N的右侧；故D正确；故选：CD．
答：故电场强度不变；当AB间距减小时，小球的受力情况不变，故运动情况也不变，故小球仍打在N点；故C正确；D、若电键断开，电容器带电量不变，极板的电荷的面密度不变，故电场强度不变；当AB间距增加时，小球的受力情况不变，故运动情况也不变，故小球仍打在N点；故D错误；故选：AC．
答：，当AB间距减小时，AB间电压变小，二极管会导电，使电容器继续充电，保持两板间电压不变， ，E变大，时间变长， ，水平距离变大，打在N的右侧；C对;（2）AB间距增大时, AB间电压变大，二极管具有单向导电性，所以电容器的电量不变， = ，E不变，小球受力不变,仍打在N点，D错；
答：BC
答：BC
答：所以A正确；若将A上移，电场强度不变，所以夹角不变，故B错误；若断开开关，则电容器的电荷量保持不变，将A板向上平移，极板间的正对面积减小、电容器电容减小、电势差增大、电场强度增大，所以夹角增大，故C错误；若将A板向B板靠近，电容器极板间的电场强度 保持不变，所以夹角不变，故D错误；
