如图所示,倾角θ=30°,宽为L=1m的足够长的U形光滑金属框固 定在磁感应强度B=l T,范围足够
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-29
如图所示,倾角θ=30°,宽为L=1m的足够长的U形光滑金属框固 定在磁感应强度B=l T,范围足够
安培力F=BIL，安培力的冲量I2=BIL*t=B^2L^2*v*t/R。设向上前进的距离是s，s=vt，则I2=B^2L^2*s/R
首先，动能定理，-mgsin30*s-1.12=-mv^2/2，即0.1v^2=s+1.12，
又由冲量定理，I1+I2=Δmv，即mv=0.32+B^2L^2*s/R，即0.2v=0.32+s，两式相减：0.1v^2-0.2v-0.8=0，解得v=4m/s
如图所示,倾角θ=30°、宽为L=1m的足够长的U形光滑金属框固定在磁感应...
答：E=BLv得：I= BLv R 解得：v 1 = F-mgsin30° B 2 L 2 R 代入数据可解得：v 1 =8m/s（2）q=It= E R t = BS R ∴S= qR B 代入数据，可解得S=0.48m 2 ∴h=0.24m根据能量关系...
如图所示,倾角θ=30°,宽为L=1m的足够长的U形光滑金属框固 定在磁...
答：又由冲量定理，I1+I2=Δmv，即mv=0.32+B^2L^2*s/R，即0.2v=0.32+s，两式相减：0.1v^2-0.2v-0.8=0，解得v=4m/s
如图所示,倾角θ=30°、宽为L=1m的足够长的U形光滑金属框固定在磁感应...
答：如果告诉的是时间，那么就需要用动量定理。即 Ft=mgsin30t+F安t=mv，其中的F安可以利用平均值来求。答案为4m/s。
如图所示,倾角为θ=30°,宽度为L=1m的足够长的U型平行光滑金属导轨固 ...
答：代入数据得：6=（0.2×10×12+12×12×v1）v 整理得：v2+v-6=0，解得：v=2m/s，（-3m/s舍去） （2）此过程棒上滑的高度h=2.8×sin30°=1.4m．根据动能定理得：Pt-WA-mgh=12mv2
如图所示,倾角θ=30°、宽度L=1m的足够长的“U”形平行光滑金属导轨固 ...
答：解：（1）金属棒沿斜面上升达稳定速度时，设所受的安培力为F 安 ，由平衡条件得：F=mgsinθ+F 安 而F 安 =BIL=B L 又 联立以上三式解得v = 2m/s （2）由能量转化与守恒定律可得Pt=mgssinθ+ +Q 代入数据解得：t=1.5s ...
如图所示,倾角θ=30°、宽度L=l m的足够长的U形平行光滑金属导轨,固定...
答：解：（1）ab棒达到稳定速度后，应具有受力平衡的特点，设此时棒ab所受安培力为F B ，则F=mgsin30°+F B ①而F B =BIL= ②牵引力F= ③将②③代入①后得 =mgsin30°+ ④代入数据后得v 1 =2m/s，v 2 =-3m/s（舍去）（2）设从静止到稳定速度所需时间为t，棒ab从...
如图所示,倾角θ=30°,宽度L=1m的足够长的U形平行光滑金属导轨,固定...
答：(1)ab棒达到稳定速度后，应具有受力平衡的特点，设此时棒ab所受安培力为F B ．则F－mgsin30°+F B ，而F B =BIL=B 2 L 2 v/R，牵引力F=P/v，得P/v ="mgsin30°+" B 2 L 2 v/R代人数据后得v 1 =2m／s，v 2 =-3m／s(舍去)(2)设从静止到稳定速度所需时间为t．棒...
如图所示,倾角θ=30°,宽度L=1m的足够长的U形平行光滑金属导轨,固定...
答：6=（0.2×10×12+12×12×v1）v 整理得：v2+v-6=0，解得：v=2m/s （2）根据动能定理得： Pt-WA-mgSsinθ=12mv2 又由功能关系得：WA=Q=5.8J联立上两式，代入数据解得，S=5.6m 答：（1）ab棒的稳定速度为2m/s；（2）ab棒从静止开始达到稳定速度通过的距离为5.6m．
如图所示,倾角θ=30°、宽L=lm的足够长的U形光滑金属导轨固定在磁感应强...
答：（1）ab棒先做加速度逐渐减小的加速运动，即图线的斜率逐渐减小，最终做匀速直线运动，即图线与时间轴平行，v-t图象如图所示． （2）当以恒定功率牵引ab棒时，P=Fv…①I＝BLvR…②F安=BIL…③F-（mgsinθ+F安）=0…④代入数据得：v=8m/s （v=-9m/s舍去）…⑤（3）设撤去F后ab棒沿...
如图所示,倾角θ=30°,宽度L=1m的足够长的U形平行光滑金属导轨,
答：？那么，上述方程右端第一项，就是过程中ab克服重力做的功。因此没有“不加”。这个等式的含义很明确，左端Pt为牵引力在时间t内对金属棒做的功，做功就是能量的转化，将做功装置输出的能量转化为：克服重力做功引起的重力势能增加+动能增加+产生的焦耳热——这正是等式右端的三项之和。
设金属棒在撤去外力后还能沿斜面向上运动的最大距离为s，所需时间为Δt，则这一段时间内的平均感应电动势E＝BLs/Δt ，平均感应电流I＝E/R＝BLs/RΔt ，则金属棒发热为I^2R=B^2L^2s^2/(R*0.32^2)=1.12，由能量守恒定律有0.5mv2^2＝mgssin θ＋Q
代入数据解得v2＝4 m/s
解：（1）金属棒沿斜面上升达稳定速度时，设所受的安培力为F安，由平衡条件得：
F=mgsinθ+F安 (2分)
而F安=BIL=BL.BLV/R (2分)
又 F=P/V （2分）
联立以上三式解得v = 2m/s （ 2分）
（2）由能量转化与守恒定律可得
Pt = mgssinθ+ +Q (2分)
代入数据解得：t =1.5s (4分)
安培力F=BIL，安培力的冲量I2=BIL*t=B^2L^2*v*t/R。设向上前进的距离是s，s=vt，则I2=B^2L^2*s/R
首先，动能定理，-mgsin30*s-1.12=-mv^2/2，即0.1v^2=s+1.12，
又由冲量定理，I1+I2=Δmv，即mv=0.32+B^2L^2*s/R，即0.2v=0.32+s，两式相减：0.1v^2-0.2v-0.8=0，解得v=4m/s
答：E=BLv得：I= BLv R 解得：v 1 = F-mgsin30° B 2 L 2 R 代入数据可解得：v 1 =8m/s（2）q=It= E R t = BS R ∴S= qR B 代入数据，可解得S=0.48m 2 ∴h=0.24m根据能量关系...
答：又由冲量定理，I1+I2=Δmv，即mv=0.32+B^2L^2*s/R，即0.2v=0.32+s，两式相减：0.1v^2-0.2v-0.8=0，解得v=4m/s
答：如果告诉的是时间，那么就需要用动量定理。即 Ft=mgsin30t+F安t=mv，其中的F安可以利用平均值来求。答案为4m/s。
答：代入数据得：6=（0.2×10×12+12×12×v1）v 整理得：v2+v-6=0，解得：v=2m/s，（-3m/s舍去） （2）此过程棒上滑的高度h=2.8×sin30°=1.4m．根据动能定理得：Pt-WA-mgh=12mv2
答：解：（1）金属棒沿斜面上升达稳定速度时，设所受的安培力为F 安 ，由平衡条件得：F=mgsinθ+F 安 而F 安 =BIL=B L 又 联立以上三式解得v = 2m/s （2）由能量转化与守恒定律可得Pt=mgssinθ+ +Q 代入数据解得：t=1.5s ...
答：解：（1）ab棒达到稳定速度后，应具有受力平衡的特点，设此时棒ab所受安培力为F B ，则F=mgsin30°+F B ①而F B =BIL= ②牵引力F= ③将②③代入①后得 =mgsin30°+ ④代入数据后得v 1 =2m/s，v 2 =-3m/s（舍去）（2）设从静止到稳定速度所需时间为t，棒ab从...
答：(1)ab棒达到稳定速度后，应具有受力平衡的特点，设此时棒ab所受安培力为F B ．则F－mgsin30°+F B ，而F B =BIL=B 2 L 2 v/R，牵引力F=P/v，得P/v ="mgsin30°+" B 2 L 2 v/R代人数据后得v 1 =2m／s，v 2 =-3m／s(舍去)(2)设从静止到稳定速度所需时间为t．棒...
答：6=（0.2×10×12+12×12×v1）v 整理得：v2+v-6=0，解得：v=2m/s （2）根据动能定理得： Pt-WA-mgSsinθ=12mv2 又由功能关系得：WA=Q=5.8J联立上两式，代入数据解得，S=5.6m 答：（1）ab棒的稳定速度为2m/s；（2）ab棒从静止开始达到稳定速度通过的距离为5.6m．
答：（1）ab棒先做加速度逐渐减小的加速运动，即图线的斜率逐渐减小，最终做匀速直线运动，即图线与时间轴平行，v-t图象如图所示． （2）当以恒定功率牵引ab棒时，P=Fv…①I＝BLvR…②F安=BIL…③F-（mgsinθ+F安）=0…④代入数据得：v=8m/s （v=-9m/s舍去）…⑤（3）设撤去F后ab棒沿...
答：？那么，上述方程右端第一项，就是过程中ab克服重力做的功。因此没有“不加”。这个等式的含义很明确，左端Pt为牵引力在时间t内对金属棒做的功，做功就是能量的转化，将做功装置输出的能量转化为：克服重力做功引起的重力势能增加+动能增加+产生的焦耳热——这正是等式右端的三项之和。
