如图所示,长为L质量为m的均匀木棒,上端用铰链固定在物体上，另一端放在动摩擦因数为μ的小车平台上
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-26
如图所示，有一长为 L 质量为 M 的木板，一端用铰链固定在水平地面上，另一端靠在直墙上，木板与地面夹角
速度为v，和水平向右，垂直速度杆是的Vsinθ;
由于B'和B的接触点，并在所述杆的速度，B'是Vsinθ，
然后：在杆的角速度ω=Vsinθ /（H /SINθ）2θ/ H = VSIN毫米
球的线路速度=ω* L = vLsin 2θ/小时
(1)Fn1Lcosθ=0.5mgcosθ Fn1=0.5mg
(2)Fn2Lcosθ=0.5mgcosθ+uFn2sinθ Fn2=mg/2(1-utanθ)
(3)Fn3Lcosθ+uFn3Lsinθ=0.5Lmgcosθ
用转动平衡解，此乃标答，抄上即可。
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一根质量为M长为L的均匀木棒,绕一水平光滑转轴O在竖直平面内转动_百 ...
答：1、刚启动时 Mg*(1/2-1/3)L=J*β 角加速度β=Mg*(1/2-1/3)L/(M*L²/9)=3g/(2L)2、竖直位置时 Mg(1/2-1/3)L=1/2*J*ω²加速度ω=√(3g/L)力矩=0=Jβ 角加速度β=0 3、垂直位置时？就是竖直位置时？A端：速度V=(L/3)*ω=(√3/3)√(gL)加速度a=...
...一根质量分布均匀的细直硬杆,长度为L,质量为m,在杆的最左端A与距...
答：（1）以A为转轴，由力矩的平衡条件有 NB34L＝mgL2；即NB＝23mg； 以B转轴，同理有 NA34L＝mg14L； 解得NA＝13mg；故A处与B处的支持力NA＝13mg，NB＝23mg； （2）对整个木棒来说，有 NA+NB+NC=mg； 以B为转轴，有NA34L+mgL4＝NCL4； 以A为转轴，有NB3...
大学物理题力学题
答：受力分析没有错：墙壁给木棒的支持力水平向右，墙壁无摩擦；地面给木棒的支持力竖直向上，摩擦力与运动趋势的方向相反，故向左。设墙壁的支持力为Fn，木棒重力为 mg ，木棒长为 L， 重心在木棒中点（L/2 的位置）。以木棒与地面接触点为转轴，列力矩平衡方程：Fn*L*cosθ = mg*L/2*sinθ 故...
急!!有两根木棒,质量、长度均相等,并排摆在一条直线上,如何用定积分求...
答：二重积分 ∫ ∫ G m*m/l^2 * dx1*dx2 / (x2-x1)^2 积分限：x2，(l+a) →(l+a+l)， x1，0→l 也可以先计算细棒对一个质点的万有引力，然后再借用这个结果求细棒对细棒的万有引力。
(2009?惠山区二模)如图所示,均匀木棒AB长为1m,水平放置在O、Oˊ两个...
答：解答：解：设木棒的重心为C，由于木棒质地均匀，则C为AB的中点；已知AB=1m，AO=O′B=0.25m，所以OC=O′C=0.25m．如图1，从B端竖直向上抬木棒时，杠杆OCB以O为支点，由杠杆的平衡条件得：F1×OB=G×OC，代入数据，得：20N×（1m-0.25m）=G×0.25m，解得：G=60N．如图2，从B端竖直向下...
两道物理习题,求解答,高分悬赏,在线等。
答：1、设：木棒的角速度为：ω 角动量守恒：mvD=Jω 其中：J=ML^2/12 解得：ω=12mvD/ML^2 2、系统是平衡的，就没有加速度，求的应该是木棒在小于θ的某一个角度时，物体的加速度，请重新检查下题目。
已知木棒质量m长度为a绕距右端为b并与 棒垂直的轴转动,求转动惯量
答：质量为m，长为L的棒绕一端并与棒你的转动转动惯量为1/3mL^2。把题目中走出的木棒看成长度为b与长度为a减b的两段，分别计算，得到转动惯量为:1/3mb^3/a+1/3m(a-b)^3/a
高中物理题求解。
答：：R·r=mg·√2L/2 （图中红色线）解得：R=√2mgL/2r 将R分解，Rx=Ry=R·cos45°=mgL/2r 则竖直方向 Ry+N=mg 解得：N=mg(2r-L)/2r 棒恰好不发生滑动 Rx=Ff=μN 即 mgL/2r =μmg(2r-L)/2r 解得此时L=r，所以 ，当L大于 r 时，木棒无法保持静止。
大学物理急急急急!!!
答：1-cosθ是计算重心升高的。如图 木棒原先竖直，即OC，之后转动到OB，转角为θ，这时，木棒的端点上升高度为AC，对于匀质木棒，重心位于正中间，所以重心上升高度恰好为AC的一半。设木棒长L，即OC=OB=L，则有 AC=OC-OA=L-Lcosθ=L(1-cosθ)。因此，木棒重心升高就是AC/2=L(1-cosθ)/2。同...
一个长为L的木棒斜靠在竖直的墙上,开始下滑,求木棒中点M到地面的距离...
答：设木棍靠在墙上的一头向下滑速度为v,则上端到地面的高度为L-vt,设墙面与木棍的夹角为θ，则cosθ=(L-vt)/L,由相似得其中点到地面的高度为Y=1/2Lcosθ=1/2(L-vt)
（1） （2） （1）以 m 为研究对象，根据牛顿第二定律 gm sin ?? - ??mg cos ?? ＝ ma ， a ＝ g sin ?? - ??g cos ??? ???????????????????（?分）因 a 为定值，所以 m 做匀加速直线运动。 （1分） （1分）所以 （2分）（2）以木板为研究对象，以 B 为轴，受力分析如图所示，根据力矩平衡条件有： （2分）对 m ： ＝ mg cos ?? ， a ＝ g sin ?? - ??g cos ?? （1分）联立以上三式解得
（1）以m为研究对象，根据牛顿第二定律得，mgsinθ-μmgcosθ=ma解得a=gsinθ-μgcosθ．因为a为定值，所以物体做匀加速直线运动．L=12at2解得t=2La＝2Lgsinθ?μgcosθ．（2）以木板为研究对象，以B为轴，根据力矩平衡得，MgL2cosθ+FN1(L?12at2)＝FNLsinθ对m，FN1=mgcosθ，a=gsinθ-μgcosθ．联立解得：FN＝gcotθ2[M+2m[1?g(sinθ?μgcosθ)t22L]]．答：（1）物体做匀加速直线运动，由A到B所用的时间为2Lgsinθ?μgcosθ．（2）木板对墙上A点的压力FN随时间而变化的关系式为FN＝gcotθ2[M+2m[1?g(sinθ?μgcosθ)t22L]]．
设计杆和木件的接触点 - 为B点，B点上的磁极片的木是点B'速度为v，和水平向右，垂直速度杆是的Vsinθ;
由于B'和B的接触点，并在所述杆的速度，B'是Vsinθ，
然后：在杆的角速度ω=Vsinθ /（H /SINθ）2θ/ H = VSIN毫米
球的线路速度=ω* L = vLsin 2θ/小时
(1)Fn1Lcosθ=0.5mgcosθ Fn1=0.5mg
(2)Fn2Lcosθ=0.5mgcosθ+uFn2sinθ Fn2=mg/2(1-utanθ)
(3)Fn3Lcosθ+uFn3Lsinθ=0.5Lmgcosθ
用转动平衡解，此乃标答，抄上即可。
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答：1、刚启动时 Mg*(1/2-1/3)L=J*β 角加速度β=Mg*(1/2-1/3)L/(M*L²/9)=3g/(2L)2、竖直位置时 Mg(1/2-1/3)L=1/2*J*ω²加速度ω=√(3g/L)力矩=0=Jβ 角加速度β=0 3、垂直位置时？就是竖直位置时？A端：速度V=(L/3)*ω=(√3/3)√(gL)加速度a=...
答：（1）以A为转轴，由力矩的平衡条件有 NB34L＝mgL2；即NB＝23mg； 以B转轴，同理有 NA34L＝mg14L； 解得NA＝13mg；故A处与B处的支持力NA＝13mg，NB＝23mg； （2）对整个木棒来说，有 NA+NB+NC=mg； 以B为转轴，有NA34L+mgL4＝NCL4； 以A为转轴，有NB3...
答：受力分析没有错：墙壁给木棒的支持力水平向右，墙壁无摩擦；地面给木棒的支持力竖直向上，摩擦力与运动趋势的方向相反，故向左。设墙壁的支持力为Fn，木棒重力为 mg ，木棒长为 L， 重心在木棒中点（L/2 的位置）。以木棒与地面接触点为转轴，列力矩平衡方程：Fn*L*cosθ = mg*L/2*sinθ 故...
答：二重积分 ∫ ∫ G m*m/l^2 * dx1*dx2 / (x2-x1)^2 积分限：x2，(l+a) →(l+a+l)， x1，0→l 也可以先计算细棒对一个质点的万有引力，然后再借用这个结果求细棒对细棒的万有引力。
答：解答：解：设木棒的重心为C，由于木棒质地均匀，则C为AB的中点；已知AB=1m，AO=O′B=0.25m，所以OC=O′C=0.25m．如图1，从B端竖直向上抬木棒时，杠杆OCB以O为支点，由杠杆的平衡条件得：F1×OB=G×OC，代入数据，得：20N×（1m-0.25m）=G×0.25m，解得：G=60N．如图2，从B端竖直向下...
答：1、设：木棒的角速度为：ω 角动量守恒：mvD=Jω 其中：J=ML^2/12 解得：ω=12mvD/ML^2 2、系统是平衡的，就没有加速度，求的应该是木棒在小于θ的某一个角度时，物体的加速度，请重新检查下题目。
答：质量为m，长为L的棒绕一端并与棒你的转动转动惯量为1/3mL^2。把题目中走出的木棒看成长度为b与长度为a减b的两段，分别计算，得到转动惯量为:1/3mb^3/a+1/3m(a-b)^3/a
答：：R·r=mg·√2L/2 （图中红色线）解得：R=√2mgL/2r 将R分解，Rx=Ry=R·cos45°=mgL/2r 则竖直方向 Ry+N=mg 解得：N=mg(2r-L)/2r 棒恰好不发生滑动 Rx=Ff=μN 即 mgL/2r =μmg(2r-L)/2r 解得此时L=r，所以 ，当L大于 r 时，木棒无法保持静止。
答：1-cosθ是计算重心升高的。如图 木棒原先竖直，即OC，之后转动到OB，转角为θ，这时，木棒的端点上升高度为AC，对于匀质木棒，重心位于正中间，所以重心上升高度恰好为AC的一半。设木棒长L，即OC=OB=L，则有 AC=OC-OA=L-Lcosθ=L(1-cosθ)。因此，木棒重心升高就是AC/2=L(1-cosθ)/2。同...
答：设木棍靠在墙上的一头向下滑速度为v,则上端到地面的高度为L-vt,设墙面与木棍的夹角为θ，则cosθ=(L-vt)/L,由相似得其中点到地面的高度为Y=1/2Lcosθ=1/2(L-vt)
