平行板电容器保持与直流电源两板连接，充电结束后，电容器电压为U，电量为Q，电容为C，极板间的场强为E．
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-08-22
平行板电容器保持与直流电源两极连接，充电平衡后，两极板间的电压是U，充电荷量为Q，两极板间场强为E，
将两板正对面积增大，由电容的决定式C=
分析得知，电容C变大，电量Q=CU，U不变，C变大，Q变大．
由根据E=
知：U不变，d不变，则电场强度E不变．故AB正确，CD错误．
故选：AB
如图所示,平行板电容器与直流电源连接,下极板接地.一带电油滴位于电容...
答：BD 试题分析：将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据 ，知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误；板间场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板...
平行板电容器始终与电源相连增大两板距离电荷如何转移
答：C=εS/4πkd 当d增大时，电容C减小，根据C=Q/U可知：C减小，U不变，Q减小，所以平行板电容器向电源放电。
如图所示,平行板电容器两极板始终与电源连接,两板间有一带正电的小球...
答：图像看不清，只能猜啊，呵呵。两极板始终与电源连接，电压不变。由U=E/d，场强减小；从与圆心水平位置到a或b点，电场力做功大小：W=FR=qER减小，小球带正电，下板带正电，上板带负电，到a过程做负功，到b过程做正功。重力做功不变，由动能定理可知，a点动能增大，b点动能减小。 所以Va增大Vb...
如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板N...
答：A、闭合开关，再将M极板向上移动少许，两极板间的电势差不变，d增大，则电场强度减小，则PN间的电势差减小，则P点的电势减小，负电荷在P点的电势能增大．故A错误．B、闭合开关，再将M极板向上移动少许，两极板间的电势差不变，d增大，电容器电容减小，根据Q=CU，知电容器所带的电量减小．故B错误．...
如图所示,平行板电容器与直流电源连接,下极板接地.一带电油滴位于容器...
答：A、平行板电容器与直流电源连接，其电压保持不变，将上极板竖直向上移动一小段距离，板间场强减小，油滴所受电场力减小，油滴将沿竖直方向向下运动．故A错误． B、P与下板间的距离不变，由公式U=Ed分析可知，P与下板间电势差减小，而P点电势高于下板电势，说明P点电势降低．故B正确． C、...
高手进!如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接...
答：电容器还与电源相连，所以其两极板的电势差数值上还等于电源电动势的值。因两极板距离增大，所以两极板间的场强减少，而P点与下极板的距离不变，所以P点与下极板的电势差减小，应下极板接地，所以下极板的电势不变，所以P点电势降低，由图知电荷带负电，所在位置电势降低，负电荷的电势能增加。正极板与...
如图所示,平行板电容器AB两极板水平放置,现将其接在直流电源上,已知A...
答：将B板下移一段距离时，根据推论可知，板间场强不变，油滴所受的电场力不变，仍处于静止状态；故A错误．B、将开关断开，将AB板左右错开一段距离，电容减小，而电量不变，由C=QU可知，电压U增大，由E=Ud知，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动．故B正确．C、保持开关闭合，...
如图所示,平行板电容器与直流电源连接,下极板接地,板间距为d.一电荷从...
答：电荷从P点入射，恰好从下极板的右边缘射出时：12d=12at2=qU2md(Lv0)2让电荷贴着上极板的左边缘保持原来速度入射，仍从下极板的右边缘射出时，设此时板间距离为d′，则有：d=12a′t′2=qU2md′(Lv0)2联立以上两式得：d′=d2故选：B．
平行板电容器电容变化问题
答：充满电不断电源，使两板间距离增大，这样电容是变小的，电压不变，电量Q变小，因为电容的大小不是由电量与电压的比决定的，它是由系统的本身特性决定，这可以从公式C=εS/4πkd看出来，电量比上电压只是电容的一种算法而已。同时此题你有一个误区，认为此时是充满电的，把两板间距离增大后它仍是...
如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接 ...
答：由于电容器两板间电压不变，根据E=Ud得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故B错误．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C正确．D、根据电容的定义式C=QU，电容器与电源保持相连，则U不变，当C减小，则Q也减小．...
平行板电容器保持与直流电源两极连接，其电压U等于电源的电动势保持不变．将两极板间距离d减小，由电容的决定式C= ?S 4πkd 分析得知，电容C变大，电量Q=CU，U不变，C变大，Q变大．由根据E= U d 分析电场强度E变大．故选AC
A、充入一定电量后与电源断开，电容器的带电量为Q不变，A正确；B、电量不变，电容器极板间的场强不变，所以E=Ud不变，B正确；C、由公式C＝?S4πKd知，电容与d成反比，CD错误；故选：AB
平行板电容器保持与直流电源两极连接，其电压U等于电源的电动势保持不变．将两板正对面积增大，由电容的决定式C=
| ?S |
| 4πkd |
由根据E=
| U |
| d |
故选：AB
答：BD 试题分析：将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据 ，知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误；板间场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板...
答：C=εS/4πkd 当d增大时，电容C减小，根据C=Q/U可知：C减小，U不变，Q减小，所以平行板电容器向电源放电。
答：图像看不清，只能猜啊，呵呵。两极板始终与电源连接，电压不变。由U=E/d，场强减小；从与圆心水平位置到a或b点，电场力做功大小：W=FR=qER减小，小球带正电，下板带正电，上板带负电，到a过程做负功，到b过程做正功。重力做功不变，由动能定理可知，a点动能增大，b点动能减小。 所以Va增大Vb...
答：A、闭合开关，再将M极板向上移动少许，两极板间的电势差不变，d增大，则电场强度减小，则PN间的电势差减小，则P点的电势减小，负电荷在P点的电势能增大．故A错误．B、闭合开关，再将M极板向上移动少许，两极板间的电势差不变，d增大，电容器电容减小，根据Q=CU，知电容器所带的电量减小．故B错误．...
答：A、平行板电容器与直流电源连接，其电压保持不变，将上极板竖直向上移动一小段距离，板间场强减小，油滴所受电场力减小，油滴将沿竖直方向向下运动．故A错误． B、P与下板间的距离不变，由公式U=Ed分析可知，P与下板间电势差减小，而P点电势高于下板电势，说明P点电势降低．故B正确． C、...
答：电容器还与电源相连，所以其两极板的电势差数值上还等于电源电动势的值。因两极板距离增大，所以两极板间的场强减少，而P点与下极板的距离不变，所以P点与下极板的电势差减小，应下极板接地，所以下极板的电势不变，所以P点电势降低，由图知电荷带负电，所在位置电势降低，负电荷的电势能增加。正极板与...
答：将B板下移一段距离时，根据推论可知，板间场强不变，油滴所受的电场力不变，仍处于静止状态；故A错误．B、将开关断开，将AB板左右错开一段距离，电容减小，而电量不变，由C=QU可知，电压U增大，由E=Ud知，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上运动．故B正确．C、保持开关闭合，...
答：电荷从P点入射，恰好从下极板的右边缘射出时：12d=12at2=qU2md(Lv0)2让电荷贴着上极板的左边缘保持原来速度入射，仍从下极板的右边缘射出时，设此时板间距离为d′，则有：d=12a′t′2=qU2md′(Lv0)2联立以上两式得：d′=d2故选：B．
答：充满电不断电源，使两板间距离增大，这样电容是变小的，电压不变，电量Q变小，因为电容的大小不是由电量与电压的比决定的，它是由系统的本身特性决定，这可以从公式C=εS/4πkd看出来，电量比上电压只是电容的一种算法而已。同时此题你有一个误区，认为此时是充满电的，把两板间距离增大后它仍是...
答：由于电容器两板间电压不变，根据E=Ud得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故B错误．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C正确．D、根据电容的定义式C=QU，电容器与电源保持相连，则U不变，当C减小，则Q也减小．...
