平行板电容器保持与直流电源两板连接,充电结束后,电容器电压为U,电量为Q,电容为C,极板间的场强为E.
kuaidi.ping-jia.net 作者:佚名 更新日期:2024-08-22
平行板电容器保持与直流电源两极连接,充电平衡后,两极板间的电压是U,充电荷量为Q,两极板间场强为E,
将两板正对面积增大,由电容的决定式C=
分析得知,电容C变大,电量Q=CU,U不变,C变大,Q变大.
由根据E=
知:U不变,d不变,则电场强度E不变.故AB正确,CD错误.
故选:AB
如图所示,平行板电容器与直流电源连接,下极板接地.一带电油滴位于电容...
答:BD 试题分析:将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离,由于电容器两板间电压不变,根据 ,知板间场强减小,油滴所受的电场力减小,则油滴将向下运动.故A错误;板间场强E减小,而P点与下极板间的距离不变,则由公式U=Ed分析可知,P点与下极板间电势差将减小,而P点的电势高于下极板...
平行板电容器始终与电源相连增大两板距离电荷如何转移
答:C=εS/4πkd 当d增大时,电容C减小,根据C=Q/U可知:C减小,U不变,Q减小,所以平行板电容器向电源放电。
如图所示,平行板电容器两极板始终与电源连接,两板间有一带正电的小球...
答:图像看不清,只能猜啊,呵呵。两极板始终与电源连接,电压不变。由U=E/d,场强减小;从与圆心水平位置到a或b点,电场力做功大小:W=FR=qER减小,小球带正电,下板带正电,上板带负电,到a过程做负功,到b过程做正功。重力做功不变,由动能定理可知,a点动能增大,b点动能减小。 所以Va增大Vb...
如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板N...
答:A、闭合开关,再将M极板向上移动少许,两极板间的电势差不变,d增大,则电场强度减小,则PN间的电势差减小,则P点的电势减小,负电荷在P点的电势能增大.故A错误.B、闭合开关,再将M极板向上移动少许,两极板间的电势差不变,d增大,电容器电容减小,根据Q=CU,知电容器所带的电量减小.故B错误....
如图所示,平行板电容器与直流电源连接,下极板接地.一带电油滴位于容器...
答:A、平行板电容器与直流电源连接,其电压保持不变,将上极板竖直向上移动一小段距离,板间场强减小,油滴所受电场力减小,油滴将沿竖直方向向下运动.故A错误. B、P与下板间的距离不变,由公式U=Ed分析可知,P与下板间电势差减小,而P点电势高于下板电势,说明P点电势降低.故B正确. C、...
高手进!如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接...
答:电容器还与电源相连,所以其两极板的电势差数值上还等于电源电动势的值。因两极板距离增大,所以两极板间的场强减少,而P点与下极板的距离不变,所以P点与下极板的电势差减小,应下极板接地,所以下极板的电势不变,所以P点电势降低,由图知电荷带负电,所在位置电势降低,负电荷的电势能增加。正极板与...
如图所示,平行板电容器AB两极板水平放置,现将其接在直流电源上,已知A...
答:将B板下移一段距离时,根据推论可知,板间场强不变,油滴所受的电场力不变,仍处于静止状态;故A错误.B、将开关断开,将AB板左右错开一段距离,电容减小,而电量不变,由C=QU可知,电压U增大,由E=Ud知,板间场强增大,油滴所受的电场力增大,油滴将向上运动.故B正确.C、保持开关闭合,...
如图所示,平行板电容器与直流电源连接,下极板接地,板间距为d.一电荷从...
答:电荷从P点入射,恰好从下极板的右边缘射出时:12d=12at2=qU2md(Lv0)2让电荷贴着上极板的左边缘保持原来速度入射,仍从下极板的右边缘射出时,设此时板间距离为d′,则有:d=12a′t′2=qU2md′(Lv0)2联立以上两式得:d′=d2故选:B.
平行板电容器电容变化问题
答:充满电不断电源,使两板间距离增大,这样电容是变小的,电压不变,电量Q变小,因为电容的大小不是由电量与电压的比决定的,它是由系统的本身特性决定,这可以从公式C=εS/4πkd看出来,电量比上电压只是电容的一种算法而已。同时此题你有一个误区,认为此时是充满电的,把两板间距离增大后它仍是...
如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接 ...
答:由于电容器两板间电压不变,根据E=Ud得知板间场强减小,油滴所受的电场力减小,则油滴将向下运动.故B错误.C、由带电油滴原来处于平衡状态可知,油滴带负电,P点的电势降低,则油滴的电势能将增加.故C正确.D、根据电容的定义式C=QU,电容器与电源保持相连,则U不变,当C减小,则Q也减小....
平行板电容器保持与直流电源两极连接,其电压U等于电源的电动势保持不变.将两极板间距离d减小,由电容的决定式C= ?S 4πkd 分析得知,电容C变大,电量Q=CU,U不变,C变大,Q变大.由根据E= U d 分析电场强度E变大.故选AC
A、充入一定电量后与电源断开,电容器的带电量为Q不变,A正确;B、电量不变,电容器极板间的场强不变,所以E=Ud不变,B正确;C、由公式C=?S4πKd知,电容与d成反比,CD错误;故选:AB
平行板电容器保持与直流电源两极连接,其电压U等于电源的电动势保持不变.将两板正对面积增大,由电容的决定式C=
?S |
4πkd |
由根据E=
U |
d |
故选:AB
答:BD 试题分析:将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离,由于电容器两板间电压不变,根据 ,知板间场强减小,油滴所受的电场力减小,则油滴将向下运动.故A错误;板间场强E减小,而P点与下极板间的距离不变,则由公式U=Ed分析可知,P点与下极板间电势差将减小,而P点的电势高于下极板...
答:C=εS/4πkd 当d增大时,电容C减小,根据C=Q/U可知:C减小,U不变,Q减小,所以平行板电容器向电源放电。
答:图像看不清,只能猜啊,呵呵。两极板始终与电源连接,电压不变。由U=E/d,场强减小;从与圆心水平位置到a或b点,电场力做功大小:W=FR=qER减小,小球带正电,下板带正电,上板带负电,到a过程做负功,到b过程做正功。重力做功不变,由动能定理可知,a点动能增大,b点动能减小。 所以Va增大Vb...
答:A、闭合开关,再将M极板向上移动少许,两极板间的电势差不变,d增大,则电场强度减小,则PN间的电势差减小,则P点的电势减小,负电荷在P点的电势能增大.故A错误.B、闭合开关,再将M极板向上移动少许,两极板间的电势差不变,d增大,电容器电容减小,根据Q=CU,知电容器所带的电量减小.故B错误....
答:A、平行板电容器与直流电源连接,其电压保持不变,将上极板竖直向上移动一小段距离,板间场强减小,油滴所受电场力减小,油滴将沿竖直方向向下运动.故A错误. B、P与下板间的距离不变,由公式U=Ed分析可知,P与下板间电势差减小,而P点电势高于下板电势,说明P点电势降低.故B正确. C、...
答:电容器还与电源相连,所以其两极板的电势差数值上还等于电源电动势的值。因两极板距离增大,所以两极板间的场强减少,而P点与下极板的距离不变,所以P点与下极板的电势差减小,应下极板接地,所以下极板的电势不变,所以P点电势降低,由图知电荷带负电,所在位置电势降低,负电荷的电势能增加。正极板与...
答:将B板下移一段距离时,根据推论可知,板间场强不变,油滴所受的电场力不变,仍处于静止状态;故A错误.B、将开关断开,将AB板左右错开一段距离,电容减小,而电量不变,由C=QU可知,电压U增大,由E=Ud知,板间场强增大,油滴所受的电场力增大,油滴将向上运动.故B正确.C、保持开关闭合,...
答:电荷从P点入射,恰好从下极板的右边缘射出时:12d=12at2=qU2md(Lv0)2让电荷贴着上极板的左边缘保持原来速度入射,仍从下极板的右边缘射出时,设此时板间距离为d′,则有:d=12a′t′2=qU2md′(Lv0)2联立以上两式得:d′=d2故选:B.
答:充满电不断电源,使两板间距离增大,这样电容是变小的,电压不变,电量Q变小,因为电容的大小不是由电量与电压的比决定的,它是由系统的本身特性决定,这可以从公式C=εS/4πkd看出来,电量比上电压只是电容的一种算法而已。同时此题你有一个误区,认为此时是充满电的,把两板间距离增大后它仍是...
答:由于电容器两板间电压不变,根据E=Ud得知板间场强减小,油滴所受的电场力减小,则油滴将向下运动.故B错误.C、由带电油滴原来处于平衡状态可知,油滴带负电,P点的电势降低,则油滴的电势能将增加.故C正确.D、根据电容的定义式C=QU,电容器与电源保持相连,则U不变,当C减小,则Q也减小....