（2011?奉贤区二模）如图所示，两根足够长的固定平行金属光滑导轨位于同一水平面，导轨上横放着两根相同
（1）磁场的磁感应强度在时间t内由B均匀减小到零，说明△B△t＝Bt根据法拉第电磁感应定律得出此过程中的感应电动势为：E1=△Φ△t=2BL2t ①通过R的电流为I1=E1R ②此过程中电阻R上产生的焦耳热为Q1=I12Rt ③联立求得Q1=4B2L4Rt（2）①ab杆离起始位置的位移从L到3L的过程中，由动能定理可得：F（3L-L）=12m（v22-v12） ④ab杆刚要离开磁场时，感应电动势 E2=2BLv1 ⑤通过R的电流为I2=E2R ⑥ab杆水平方向上受安培力F安和恒力F作用，安培力为：F安=2BI2L ⑦联立⑤⑥⑦F安=4B2L2v1 R ⑧由牛顿第二定律可得：F-F安=ma ⑨联立④⑧⑨解得a=v22?v124L-4B2L2v1mR②ab杆在磁场中由起始位置到发生位移L的过程中，由动能定理可得：FL+W安=12mv12-0W安=12mv12-FL ⑩根据功能关系知道克服安培力做功等于电路中产生的焦耳热，所以联立④⑩解得 Q2=-W安=m(v22?3v12)4答：（1）若金属杆ab固定在导轨上的初始位置．磁场的磁感应强度在时间t内由B均匀减小到零．此过程中电阻R上产生的焦耳热为4B2L4Rt．（2）①金属杆ab刚要离开磁场时的加速度大小是v22?v1</
根据磁感应强度随时间变化规律是B=（2+0.2t）T得，穿过线框的磁通量的变化与时间比值为△B△tSsin30°＝0.2×0.4×0.5×0.5V=0.02V则有线框中产生感应电动势为：E=0.02V由闭合电路殴姆定律可得：I＝ER＝0.020.1A＝0.2A根据磁感应强度随时间变化规律是B=（2+0.2t）T得，穿过线框的磁通量增加由楞次定律可得感应电流方向为b到a．则由左手定则可得安培力的方向，如图所示则有：F安=BIL1=（2+0.2×10）×0.2×0.4N=0.32N由于棒处于平衡状态，则有安培力的水平分力与静摩擦力相等，所以Ff=F安sin30°=0.32×0.5N=0.16N故答案为：0.2A；0.16N．
A、弹簧恢复状态过程中，回路磁通量增大，回路中产生感应电动势．故A错误．B、C，由楞次定律可知，回路中感应电流的方向为逆时针方向，由左手定则得到，ab所受的安培力向右，cd所受的安培力向左．故B错误，C正确．
D、回路中产生了内能，系统机械能减小．故D错误．
故选C
答：感应电流I=BLvρ(2x+xBC+xBCcosθ)，当x增大时，I减小，两者是非线性关系．故B正确． 电路中消耗的功率P=E2R=B2L2v2ρ(2x+xBC+xBCcosθ)，当x增大时，P减小，两者是非线性关系．故D正确．故选BD
答：图A中撑杆在运动员力的作用下，撑杆形状发生了改变，表明力能使物体发生形变．箱子在水平方向上受水平拉力F=10N，滑动摩擦力f作用而处于平衡状态，由平衡条件得：f=F=10N．由于木箱具有惯性，撤掉拉力后，箱子由于惯性继续向前运动．摩擦力f与接触面及箱子与地面间的压力有关，撤掉拉力后，箱子与地面的...
答：A、简谐横波沿x轴正方向传播，P点只在y轴方向做简谐运动，不随波迁移．故A错误． B、D，由图波长λ=4m，则周期T=λT=2s，t=1.75s=78T，根据数学知识，此时P的位移为y=-7.07cm，大小大于5cm．故B正确，D错误． C、此时P位于x轴下方正沿y轴正方向向平衡位置运动，加速度减小，速度...
答：对小球受力分析如图所示，则由几何关系可知：mg2F=cos30°解得：F=100N； 因斜面板处于平衡状态，则A点的支持力、B点的弹力及D点的压力三力应交于一点，由几何关系可知，AD长度应l=L4；对斜面板由力矩平衡的条件可知：F′l=NLsin30°解得：N=50N； 故答案为：L4；50．
答：当开关接位置2时，电路中电流I=UR=3.0V30Ω=0.1A；由闭合电路欧姆定律可知，U=E-Ir，解得：r=2Ω；灯泡的额定电流I额=PU=4.5W3.0V=1.5A；电阻RL=UI额=2Ω；当开关接位置1时，由闭合电路欧姆定律可知：I=ERL+r=0.8AU=E-Ir=3.2V-0.8×2V=1.6V＜3V；故灯泡亮度很暗，甚至不亮...
答：A、弹簧恢复状态过程中，回路磁通量增大，回路中产生感应电动势．故A错误． B、C，由楞次定律可知，回路中感应电流的方向为逆时针方向，由左手定则得到，ab所受的安培力向右，cd所受的安培力向左．故B错误，C正确． D、回路中产生了内能，系统机械能减小．故D错误．故选C ...
答：（1）因为线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动，所以线框abcd受力平衡F=mgsinα+FA ab边进入磁场切割磁感线，产生的电动势E=Bl1v 形成的感应电流I＝ER＝Bl1vR受到的安培力FA=BIl1F=mgsinα+B2l21vR代入数据解得v=2m/s，故线框进入磁场时匀速运动的速度v=2m/s． （2）线框abcd...
答：（1）根据平衡知识表示出玻璃管倾斜放置和竖直放置时的气体压强．运用气体状态方程PVT=C，得：(P0+hsinθ)L1273+t1＝(P0+h)L2273+t2解得：L2=24.46cm （2）为了保证水银不会从管内溢出，气体长度小于等于L1(P0+hsinθ)273+t1＝(P0+h)273+t3t3=61.88℃（3）管内气柱长度的变化与水温...
答：（1）在A点，小球在水平方向只受电场力作用，根据牛顿第二定律得：qE＝mv2Ar所以小球在A点的速度vA＝qErm．（2）在小球从A到B的过程中，根据动能定理，电场力做的正功等于小球动能的增加量，即 2qEr＝12mv2B?12mv2A，小球在B点时，根据牛顿第二定律，在水平方向有NB?qE＝mv2Br解以上两式...
答：mgm=2×0.3×2×104?103×10103=2m/s2 当加速到速度v时，夯杆以v向上做抛体运动，至坑口速度为零加速上升位移：h1＝v22a减速上升位移：h2＝v22gh=h1+h2 解得：v=4m/s，h1=4m故滚轮释放夯杆时，夯杆底端离坑底的高度为4m．（2）夯杆加速上升的时间t1＝va＝2s夯杆减速上升的时间...
