如图所示，M、N为两条沿竖直方向放置的直导线，其中有一条导线中通有恒定电流，另一条导线中无电流。一带
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-05-18
在M、N两条长直导线所在的平面内带电粒子的运动轨迹示意图如图所示，已知两条导线中只有一条导线中通有恒
注意观察图象的细节，靠近导线M处，粒子的偏转程度大，说明靠近M处偏转的半径小，洛伦兹力提供电子偏转的向心力，qvB＝mv2r圆周运动的半径r＝mvqB，粒子速率不变，偏转半径变小，说明B变强，又靠近通电直导线的地方磁场强，故只有M中通电流，故CD错误，当M通向上电流，利用右手螺旋定则可判，在MN中的磁场为垂直直面向里，根据曲线运动的特点，合外力指向弧内，则洛伦兹力指向右侧，根据左手定值可以判断，带正电的粒子从b点向a点运动．故A错误，B正确．故选：B
如图所示，直导线电流，根据右手螺旋定则可知，直导线右边的磁场垂直向里，左边的磁场垂直向外，因处于线框的中点处，所以穿过线框的磁通量相互抵消，恰好为零；当线框向右运动的瞬间，导致直导线左边垂直向里穿过线框的磁通量减小，而直导线右边垂直向外的磁通量在增大，根据楞次定律，则有感应电流的方向逆时针，故B正确，ACD错误；故选：B．
| A 答：说明靠近M处偏转的半径小，洛伦兹力提供电子偏转的向心力， 圆周运动的半径 ，粒子速率不变，偏转半径变小，说明B变强，又靠近通电直导线的地方磁场强，故只有M中通电流，故CD错误，根据曲线运动的特点，合外力指向弧内， 答：M 中通有自上而下的恒定电流，带负电的粒子从 点向 点运动，故A正确。故选A 答：解：小球到达M板上端时的竖直分速度v y = =2 m/s 设小球此时的速度方向与竖直方向之间的夹角为θ，tanθ= =2 在电场中小球所受合外力方向与运动方向相同，设板间距离为d，则：tanθ= L= 解得：L= =0.15 m (2)进入电场前，有：mgh= 在电场中运动的过程有：mgL+qU=Ek- 解... 答：答：ABCD 题：如右图所示，M、N是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极间产生一个水平向右的匀强电场，场强为E，一质量为m、电荷量为＋q的微粒，以初速度v0竖直向上从两极正中间的A点射入匀强电场中，微粒垂直打到N极上的C点，已知AB＝BC.不计空气阻力，则可知( )A．微粒在电场中... 答：2分两平行金属板之间的电压为U= ………2分根据题意有 ………2分解得： v="8m/s " ………1分（2）回路中的电流强度为 ………2分根据力的平衡条件，拉动金属板向前运动的水平拉力为 ………2分 答：，而 h= v 20 2g 所以： U= m v 20 q ，故C错误；D：由mg=qE得 q= mg qE ，代入 U= m v 20 q ，得 U= E v 20 g ．故D错误．故选：AB 答：得到vC=v0，即微粒打到C点时的速率与射入电场时的速率相等．故B错误．C、D，根据动能定理，研究水平方向得：qUAB=12mv2c，得到：UAB=mv202q，所以MN板间的电势差为mv20q，故C错误．D、根据相同时间内，速度变化相同，则加速度相同，由牛顿第二定律，则有mg=qE，因此MN板间的电势差为mv20q=Ev... 答：（1）由L=d可知，MA与水平方向成45°角，所以，带电小球在两金属板间沿直线MA运动时，有mg＝qUd，m＝qUgd＝1×10?2kg ①（2）小球在由M点运动到A点的过程中，由动能定理得 mgL+qU＝12mv2，解得v＝4gL＝4m/s．②小球在正交的匀强电场和匀强磁场中，由于mg=qE=0.1N，所以由A到C做匀速... 答：A、小球到达M板上端时，竖直分速度vy=2gh=2×10×0.2m/s=2m/s．根据平行四边形定则可得，小球到达M板上端的速度vm=v20+v2y=42+22m/s=25m/s．故A正确．B、速度方向与水平方向的夹角的正切值tanθ=vyv0=24=0.5，因为小球在电场中做直线运动，可知合力的方向与速度的方向在同一条直线上，... 答：设小球此时速度方向与水平方向之间的夹角为θ： ，在电场中小球所受合外力方向与运动方向相同，小球做直线运动所以有： ，代入数据可解得： ，B正确；在电场中运动时，小球在竖直方向下落的距离 ，C错误；在电场中只有重力和电场力对小球做功，由动能定理有： ，代入数据可解得： ；D正确 ... 快递评价网，热门人物的介绍与评论。内容来自于会员交流，不代表本站立场与观点。
|
