如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下，在磁场中有一个边长为L的正方形刚性金属框，ab边
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-02
（2012?延庆县一模）如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下，在磁场中有一个边长为L的正方形
对于ab棒，相当于一个有内阻的电源，电势升高等于降落。
对于其他三边，无电阻，无电势降落。电动势是在持续增加。
由左手定则知ab做先加速后减速运动，所以v是先增大后减小，电压先增大后减小。
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B,方向垂直于纸面向外,匀强电场场强为...
答：BD 试题分析：由题意带电微粒在竖直平面内做匀速圆周运动，可知在竖直方向上合外力为零，所以带电粒子的重力和电场力二力平衡，因为电场方向向下，电场力方向向上，所以微粒带负电，B正确；粒子在洛伦兹力的作用下做圆周运动，由左手定则可知微粒沿逆时针方向转动，D正确。
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B,B的方向与水平方向的夹角为30°...
答：矩形线圈abcd如图所示放置，匀强磁场方向向右上方，平面水平放置时通过线圈的磁通量为Φ1=BScosθ=BScos30°＝32BS．当规定此时穿过线圈为正面，则当线圈绕ad轴转90°角时，穿过线圈反面，则其的磁通量Φ2=-BScosθ′=?BScos60°＝?12BS．因此穿过线圈平面的磁通量的变化量为△Φ＝Φ2?Φ1＝?1...
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B,方向垂直于纸面向里,MN为其左边界...
答：解：（1）电子运动轨迹如图所示，电子在磁场中运动的轨道半径：r=4R，由牛顿第二定律得：qv0B＝mv20r，解得：v0＝4eBRm；（2）稳定时，圆柱体上电荷不再增加，电阻r0两端电压为U，U=Iro．电势?=-Ir0，cosα＝3R5R＝35，解得：α=530；（3）电子从很远处射到圆柱表面时，由动能定理得：?...
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B,方向垂直于纸面向里,MN为其左边界...
答：解：（1）根据题意，电子在磁场中运动的轨道半径必定是r=4R，如图所示 由 ，得 （2）稳定时，圆柱体上电荷不再增加，电阻r 0 两端电压为U，U=Ir 0 电势φ=-Ir 0 （3）电子从很远处射到圆柱表面时速度v满足 得 电流为I，单位时间到达圆筒的电子数 电子所具有总能量 消耗在电...
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B,方向垂直纸面向里,MN为其左边界.磁...
答：（1）根据题意，电子在磁场中运动的轨道半径必定是r=4R，如图所示．由 qvB=m v 0 2 r 得： v 0 = 4eBR m （2）稳定时，圆柱体上电荷不再增加，与地面电势差恒为UU=Ir 0 电势 φ=-Ir 0 （3）电子从很远处射到圆柱表面时速度满足 -eU= 1 2...
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B,方向水平向左.当长为L、质量为m的...
答：电流与磁场垂直时，故安培力为F=BIL；根据左手定则可以判断安培力方向竖直向上；导体棒受重力和安培力，不受支持力，否则不能平衡，根据平衡条件，有：F=mg；故AC正确，BD错误；故选AC．
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B,通电直导线与磁场方向垂直,导线长度...
答：C
如图所示,匀强磁场的磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里.一个质量为m...
答：（1）离子垂直进入磁场时，离子受到洛伦兹力的大小公式f=qvB，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向水平向右．（2）离子垂直进入磁场时做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律得： qvB=mv2r则得，轨迹半径为 r=mvqB离子在磁场中转动半圈，由几何关系可知，屏上S点到0点的距离...
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B=0.15T,方向垂直纸面向内,处于半径为...
答：在磁场中运动时间最大，最长时间为：t＝πm3qB=π108×0.15=2.1×10-7s；（3）先画出圆形磁场转动θ角情形下带电粒子在磁场中运动情形，如图（b）所示，由图中几何和三角关系列出：x=rtanθ ⑦α=2θ ⑧y=（2R-x）tanα ⑨由⑦-⑨y＝(2R?rtanθ)tanα＝0.2(1?tanθ)2...
如图所示,匀强磁场的磁感应强度为B=5.0×10 -3 T,通电直导线与磁场方...
答：A
（1）电流由b向a
（2）BL^2/t
(3)mgL-Q=1/2mv^2
v=根号2(gL-Q/m)
F=B^2L^2v/(R/4)=4=B^2L^2[根号2(gL-Q/m)]/R
（1）ab通过最低位置时，磁场方向竖直向下，ab运动方向向左，由右手定则判定：金属框中感应电流方向是b′a′cdb′（2）根据法拉第电磁感应定律：E=△Φ△t得金属框中的平均感应电动势为：E=BL2t（3）正方形刚性金属框的重力势能转化为动能和金属框中产生的焦耳热，根据能量转化和守恒定律有：mgL=Q+12mv2可得：v=2(mgL?Q)m在最低点时金属框产生的感应电动势为：E=BLv瞬时电流的大小为：I=BLvRab边所受安培力的大小为：F=BIL=B2L2R2(mgL?Q)m，方向：水平向右答：（1）金属框中感应电流方向是b′a′cdb′．（2）在时间t内金属框中的平均感应电动势是BL2t．（3）若在时间t内，金属框中产生的焦耳热为Q，ab边通过最低位置时受到的安培力大小是B2L2R2(mgL?Q)m，方向：水平向右．
ab两点间电压为零。对于ab棒，相当于一个有内阻的电源，电势升高等于降落。
对于其他三边，无电阻，无电势降落。电动势是在持续增加。
由左手定则知ab做先加速后减速运动，所以v是先增大后减小，电压先增大后减小。
答：BD 试题分析：由题意带电微粒在竖直平面内做匀速圆周运动，可知在竖直方向上合外力为零，所以带电粒子的重力和电场力二力平衡，因为电场方向向下，电场力方向向上，所以微粒带负电，B正确；粒子在洛伦兹力的作用下做圆周运动，由左手定则可知微粒沿逆时针方向转动，D正确。
答：矩形线圈abcd如图所示放置，匀强磁场方向向右上方，平面水平放置时通过线圈的磁通量为Φ1=BScosθ=BScos30°＝32BS．当规定此时穿过线圈为正面，则当线圈绕ad轴转90°角时，穿过线圈反面，则其的磁通量Φ2=-BScosθ′=?BScos60°＝?12BS．因此穿过线圈平面的磁通量的变化量为△Φ＝Φ2?Φ1＝?1...
答：解：（1）电子运动轨迹如图所示，电子在磁场中运动的轨道半径：r=4R，由牛顿第二定律得：qv0B＝mv20r，解得：v0＝4eBRm；（2）稳定时，圆柱体上电荷不再增加，电阻r0两端电压为U，U=Iro．电势?=-Ir0，cosα＝3R5R＝35，解得：α=530；（3）电子从很远处射到圆柱表面时，由动能定理得：?...
答：解：（1）根据题意，电子在磁场中运动的轨道半径必定是r=4R，如图所示 由 ，得 （2）稳定时，圆柱体上电荷不再增加，电阻r 0 两端电压为U，U=Ir 0 电势φ=-Ir 0 （3）电子从很远处射到圆柱表面时速度v满足 得 电流为I，单位时间到达圆筒的电子数 电子所具有总能量 消耗在电...
答：（1）根据题意，电子在磁场中运动的轨道半径必定是r=4R，如图所示．由 qvB=m v 0 2 r 得： v 0 = 4eBR m （2）稳定时，圆柱体上电荷不再增加，与地面电势差恒为UU=Ir 0 电势 φ=-Ir 0 （3）电子从很远处射到圆柱表面时速度满足 -eU= 1 2...
答：电流与磁场垂直时，故安培力为F=BIL；根据左手定则可以判断安培力方向竖直向上；导体棒受重力和安培力，不受支持力，否则不能平衡，根据平衡条件，有：F=mg；故AC正确，BD错误；故选AC．
答：C
答：（1）离子垂直进入磁场时，离子受到洛伦兹力的大小公式f=qvB，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向水平向右．（2）离子垂直进入磁场时做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律得： qvB=mv2r则得，轨迹半径为 r=mvqB离子在磁场中转动半圈，由几何关系可知，屏上S点到0点的距离...
答：在磁场中运动时间最大，最长时间为：t＝πm3qB=π108×0.15=2.1×10-7s；（3）先画出圆形磁场转动θ角情形下带电粒子在磁场中运动情形，如图（b）所示，由图中几何和三角关系列出：x=rtanθ ⑦α=2θ ⑧y=（2R-x）tanα ⑨由⑦-⑨y＝(2R?rtanθ)tanα＝0.2(1?tanθ)2...
答：A
