（2013?揭阳一模）如图所示，在x轴上方存在磁感应强度为B的匀强磁场，一个电子（质量为m，电荷量为q）从x

（2012?揭阳一模）如图所示在两极板间存在匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场Ⅰ，一带电量为+q，质量为m

（1）由题可知粒子在极板间受电场力和洛伦兹力平衡，由粒子带正电可得电场强度方向竖直向上，设大小为E，有：qE=Bqv…①解得：E=Bv（2）从O1进入磁场Ⅱ偏转后从点S飞出，如图，设轨道半径为R2，由几何关系得：S=2R2 …②又2Bqv＝mv2R2…③解得：S＝mv Bq（3）由题可知撤去电场后粒子恰能飞出极板并回到O点，其轨迹如图所示：设在磁场Ⅰ中偏转半径为R1，则：Bqv＝mv2R1…④联立③④得：R1=2R2 …⑤由几何关系得：dR1?d＝R2R1…⑥联立⑤⑥解得R2＝32d…⑦O3O1＝R22?d2＝52d…⑧故磁场Ⅱ区域的宽度至少为O1N＝32d+52d＝3+52d 答：（1）两极板间匀强电场的电场强度的大小为Bv，方向竖直向上；（2）粒子经过磁场Ⅱ后从左边界射出的位置S距O1的距离是mvBq；（3）磁场Ⅱ区域的宽度至少为3+52d．

解答：解：（1）带电粒子从O点射入磁场，做匀速圆周运动，经14圆周后，第一次经过磁场边界进入电场，运动轨迹如图所示：由牛顿第二定律得：qv0B＝mv20r，代入数据得：r=4×10-3m；（2）粒子第一次进入电场后做减速运动，速度减为0后反向做加速运动，此后又以大小为v0的速度进入磁场，运动34圆周后第二次进入电场，粒子做圆周运动的周期：T＝2πmqB，粒子在磁场中运动的时间：t=14T+34T，代入数据解得：t=1.256×10-5s；（3）粒子第二次进入电场后，速度方向垂直电场方向，粒子做类平抛运动，有：s=v0t，2r＝12at2，由牛顿第二定律得：qE=ma，联立并代入数据得：s=2×10-2m，粒子最终穿过x轴时离O点的距离：x=s-2r=1.2×10-2m；答：（1）粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径为4×10-3m；（2）粒子在磁场中运动的时间1.256×10-5s；（3）粒子最终穿过x轴时离O点的距离为=1.2×10-2m．

由题意可知电子在磁场做匀速圆周运动，转过的圆心角为90°，
所以运动的时间t=

90°

360°

T＝

1

4

×

2πm

Bq

＝

πm

2qB

，故A正确，B错误；
根据半径公式得：R=

mv

Bq

，根据几何关系得：OP两点间的距离l=

(2013?沁阳市一模)在如图所示的方格纸中,每个小方格都是边长为1个单位... 答：解：（1）如图所示：点A的坐标为：（-2，3）；（2）如图所示；点B旋转到B1所经过的路线的长度为：90?π?10180＝102π． (2013?宝山区一模)如图所示,在△ABC中,DE∥AB∥FG,且FG到DE、AB的距离... 答：∵AB∥FG，且FG到DE、AB的距离之比为1：2，∴DF：FA=1：2，∵DE∥AB，∴△CDE∽△CAB，∴S△CDE：S△CAB=CD2：CA2=2：32，∴CD：CA=1：4，设CD=a，则CA=4a，∴DA=3a，∴DF=a，∴CF=2a，∴CD：CF=1：2，而DE∥FG，∴S△CDE：S△CFG=CD2：CF2=1：4，而△CDE的面积为2，... (2013?临沂三模)如图所示,在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定了一电... 答：-q（φN-φP）=12mv2，由题，P点的电势为零，即φP=0，解得，N点的电势φN=-mv22q．故B正确．C、P点电场强度大小是EP=kQr2p，N点电场强度大小是EN=kQr2N，则EP：EN=r2N：r2P=4：1．故C正确．D、检验电荷在N点具有的电势能为EP=-qφN=12mv2．故D错误．故选BC ... (2013?泰安)在如图所示的单位正方形网格中,△ABC经过平移后得到△A1B1C1... 答：∵A点坐标为：（2，4），A1（-2，1），∴点P（2.4，2）平移后的对应点P1为：（-1.6，-1），∵点P1绕点O逆时针旋转180°，得到对应点P2，∴P2点的坐标为：（1.6，1）．故选：C． (2013?汕头一模)如图所示,一质量为m的小球C用轻绳悬挂在O点.小球下 ... 答：在这个过程中A一直做减速运动，由动能定理得μmgd=12m（v20-v2A）在A与C碰前、后，对A、B组成的系统由动量守恒定律得mv0=mvA+2mvB2mvB=（m+2m）v解得物块与平板车的共同速度为v=13（v0-v20?2μgd） 方向水平向左相应的条件是d＜4v209μg答：（1）若A碰C之前物块与平板车已达共同... (2013?天津三模)如图所示,在距水平地面高h=0.80m的水平桌面一端的边缘... 答：（1）木块A在桌面上受到滑动摩擦力作用做匀减速运动，根据牛顿第二定律，木块A的加速度为a，则有：μMg=Ma代入数据解得：a=5m/s2设两木块碰撞前A的速度大小为v，根据运动学公式，得：v=v0-at解得：v=2.0m/s（2）两木块离开桌面后均做平抛运动，设木块B离开桌面时的速度大小为v2，在空中... (2013?门头沟区一模)如图所示,在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究... 答：（1）平行光线经过凸透镜后会聚于一点，这一点就是焦点．焦点到光心的距离是焦距，根据图示中光屏在刻度尺上的位置，可以读出该凸透镜的焦距是f=11.0cm．（2）把烛焰放在距凸透镜30cm处时，即u＞2f时，由凸透镜成像规律可知，成倒立缩小的实像．故答案为：会聚；11.0；缩小． (2013?顺义区一模)在如图所示的电路中,电源两端电压不变,电流表和电压... 答：由题意可知，当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路中的电流为I最大=0.6A；电源的电压为U=I最大R1=0.6R1---①此时定值电阻R1所消耗的最大电功率为P最大=（I最大）2R1=0.36R1---②当滑动变阻器的阻值全部接入电路中时，滑动变阻其两端的电压U滑=3V，此时电阻R1两端的电压为UR1=U-U滑... (2013?成都三模)如图所示,在光滑绝缘水平面的P点正上方O点固定一电荷... 答：解答：解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，而M、P两点的电势相等，则N点电势低于P点电势．故A正确．B、P点电场强度大小是EP=kQrP2，N点电场强度大小是EN=kQrN2，则EP：EN=4：1．所以检验电荷在P点受到的电场力是在N点受到的电场力的4倍．故B错误．C、根据动能... (2013?揭阳二模)如图所示,自动卸货车始终静止在水平地面上,车厢在液压... 答：A、货物处于平衡状态，则有：mgsinθ=f，N=mgcosθ，θ增大时，f增大，N减小，故A正确，B错误；C、货物受到的支持力的方向与位移方向的夹角小于90°，做正功，故C正确；D、摩擦力的方向与位移方向垂直，不做功，故D错误故选AC 相关热门导读 快递评价网，热门人物的介绍与评论。内容来自于会员交流，不代表本站立场与观点。 联系方式： © 快递评价网 版权所有。