如图,一质量为M,长度为l的均匀细棒,以O点为转轴,从静止在与竖直方向成θ角处自由下摆,到竖直位置时,
kuaidi.ping-jia.net 作者:佚名 更新日期:2024-05-07
一根质量为m、长度为l的均匀细棒,可绕通过其A端的水平轴在竖直平面内自由摆动,求:
细棒下摆到最低点碰撞后,由机械能守恒:
Mg(1/2*L-1/2*Lcosθ)=1/2*Mv1^2+1/2*mv2^2=1/2Mv^2……①
由动量守恒Mv=Mv1+mv2……②
联立①②,解出v1,根据v1=ω(0.5L),ω=2v1/L
同时可求出v2
0.5Mv2+0.5mv2=0.5Mgl(1-cos0),v=根号下(Mgl(1-cos0))除(M+m),w=v÷r=1\l*根号下(Mgl(1-cos0))除(M+m)
碰撞前用动能定理,碰撞时用动量定理。就能求出。
一长为l,质量为m的匀质细杆竖直放置,下端与一固定的光滑水平轴O连接
答:解题过程如下图:
质量为m,长为l的均质细杆,可绕其一端的水平固定轴o转动
答:ε=3gcosθ/2l 解题过程如下:即:d(Jω)/dt=mglcosθ/2,则有:Jdω/dt=Jε=mglcosθ/2,其中:J=ml^2/3 解得:ε=3gcosθ/2l
如图,匀质细软绳(质量M, 长度L),开始对折悬 挂在天花板上,其中 A...
答:回答:解题过程如下图: 扩展资料定律特点 矢量性 动量是矢量。动量守恒定律的方程是一个矢量方程。通常规定正方向后,能确定方向的物理量一律将方向表示为“+”或“-”,物理量中只代入大小:不能确定方向的物理量可以用字母表...
3.一根质量为M ,长为L的质量均匀分布的细棒AB,可绕一穿过细棒中点的水平...
答:t=0时的速度为0,角速度ω=0.到达正下方时:由机械能守恒(取杆中心为重心),则有mgL/2=mv^2/2 V=√gL 所以ω=V/(L/2)=√gL/(L/2)=2√g/L
一根质量为m,长为l的均匀细杆,可在水平桌面上绕通过其一端的竖直固定...
答:umgl 水平方向上滑动摩擦力等于uFn
求质量为m长为l的均直细杆对通过中心且与杆垂直的的折线的转动惯量
答:假设棒的线密度为λ=m/l,取一距离转轴 OO´为x处的质量元dm,可以得到微元的转动惯量为dm*x^2,对整个杆子对微元求积分,可得转动惯量。具体计算如图,
大学物理中,一根质量为m,长为l的均匀细棒受到的力矩为什么可以把这根细...
答:M=∫【0→l】(mg/l)xdx 而∫xdx=(x^2)/2,于是 M=(mg/l)(l^2)/2 =mgl/2
一根质量为m长度为l的匀质细棒,当绕其总长度1/3处转动时的转动惯量是...
答:以一个端点作转动轴的细棒的转动惯量是:Jo=∫r²dm =∫(0,l)λx²dx,(∵dm=λdx,r=x)=1/3λx³(0,l)=1/3λl³=1/3ml²,根据以上公式可得转动惯量是:J=(1/3)*(m...
质量为m,的均匀细杆长为1,通过光滑铰链悬挂在天花板上,
答:1 6 m L 2 ω 2 + 1 2 × 1 3 m v 2D =-△E P 代入解得v D = 0.5 gL 答:(1)外力F的最小值为0.11mg. (2)撤去外力F后,细杆从图示...
一长为l,质量为m的匀质细杆竖直放置,下端与一固定的光滑水平轴O连接
答:力矩大小=mg*r 其中r是重力作用线到转轴O之间距离,由图可见,力的作用线通过重心,轴到重力线之间距离为r=(L/2)*sin(theta)所以力矩M=mgLsin(theta)/2
一根质量为m、长度为l的均匀细棒,可绕通过其A端的水平轴在竖直平面内自由摆动,求:
(1)细棒在竖直位置和水平位置时的角加速度β;
(2)若棒从θ角位置开始静止释放,摆至水平位置时的角速度w。
解:
(1)竖直位置时,外力矩为0,角加速度为0;
水平位置:力矩mgL/2= Jβ,β=mgL/2J,代入 J= mL²/3,解得 β=3g/2L。
(2)θ为细棒和竖直方向夹角,由机械能守恒:
mgL(1-cosθ)/2= Jω²/2
解得 ω=√3g(1-cosθ)/L
由刚体定轴转动定律
mgl/2sinθ=ml^2*a
a=1/2glsinθ θ=90°-60°=30°
a=gl/4
细棒下摆到最低点碰撞后,由机械能守恒:
Mg(1/2*L-1/2*Lcosθ)=1/2*Mv1^2+1/2*mv2^2=1/2Mv^2……①
由动量守恒Mv=Mv1+mv2……②
联立①②,解出v1,根据v1=ω(0.5L),ω=2v1/L
同时可求出v2
0.5Mv2+0.5mv2=0.5Mgl(1-cos0),v=根号下(Mgl(1-cos0))除(M+m),w=v÷r=1\l*根号下(Mgl(1-cos0))除(M+m)
碰撞前用动能定理,碰撞时用动量定理。就能求出。
答:解题过程如下图:
答:ε=3gcosθ/2l 解题过程如下:即:d(Jω)/dt=mglcosθ/2,则有:Jdω/dt=Jε=mglcosθ/2,其中:J=ml^2/3 解得:ε=3gcosθ/2l
答:回答:解题过程如下图: 扩展资料定律特点 矢量性 动量是矢量。动量守恒定律的方程是一个矢量方程。通常规定正方向后,能确定方向的物理量一律将方向表示为“+”或“-”,物理量中只代入大小:不能确定方向的物理量可以用字母表...
答:t=0时的速度为0,角速度ω=0.到达正下方时:由机械能守恒(取杆中心为重心),则有mgL/2=mv^2/2 V=√gL 所以ω=V/(L/2)=√gL/(L/2)=2√g/L
答:umgl 水平方向上滑动摩擦力等于uFn
答:假设棒的线密度为λ=m/l,取一距离转轴 OO´为x处的质量元dm,可以得到微元的转动惯量为dm*x^2,对整个杆子对微元求积分,可得转动惯量。具体计算如图,
答:M=∫【0→l】(mg/l)xdx 而∫xdx=(x^2)/2,于是 M=(mg/l)(l^2)/2 =mgl/2
答:以一个端点作转动轴的细棒的转动惯量是:Jo=∫r²dm =∫(0,l)λx²dx,(∵dm=λdx,r=x)=1/3λx³(0,l)=1/3λl³=1/3ml²,根据以上公式可得转动惯量是:J=(1/3)*(m...
答:1 6 m L 2 ω 2 + 1 2 × 1 3 m v 2D =-△E P 代入解得v D = 0.5 gL 答:(1)外力F的最小值为0.11mg. (2)撤去外力F后,细杆从图示...
答:力矩大小=mg*r 其中r是重力作用线到转轴O之间距离,由图可见,力的作用线通过重心,轴到重力线之间距离为r=(L/2)*sin(theta)所以力矩M=mgLsin(theta)/2