如图所示，水平向右的匀强电场场强为E，水平方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．其间有竖直固定
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-02
如图所示，水平向右的匀强电场(场强为E)和垂直纸面向里的匀强磁场(磁感应强度为B)并存的区域(B⊥
FN=Eq+qvB
故合力为：
F合=mg-F摩=mg-μ（qE+qvB）
可见，随v的增大，F合减小，由牛顿第二定律可知，小球做加速度越来越小的变加速度运动，直到最后匀速运动．
故当v=0时，加速度最大，为：
am＝
＝g?
当F合=0，即a=0时，v有最大值vm
即：mg-μ（Bqvm+Eq）=0
故：vm＝
?
答：小球在下滑过程中的最大加速度为g?
，最大速度为
?
．
如图所示,水平向右的匀强电场场强为E,垂直纸面向里的水平匀强磁场磁感应...
答：回答：在重力、电场力和洛伦兹力作用下做直线运动,说明洛伦兹力要被抵消!(若不抵消就不能直线运动).A.重力和电场力是恒力,所以洛伦兹力和重力、电场力的合力为零时,液滴才能做直线运动,无论液滴带正电还是负电,液滴沿重力、电场力合力垂直向上的方向运动即可,所以A符合题意;B.重力和电场力是恒...
如图所示,水平向右的匀强电场场强为E,在电场中的同一竖直线有A、B两点...
答：A、电荷受重力、电场力和外力平衡，电场力方向水平向右，根据共点力平衡，知外力的方向与重力和电场力合力的方向相反，斜向上．大小为F=(mg)2+(qE)2．故A、B、C错误．D、根据动能定理知，电场力不做功，重力负功，有：WF-mgh=0，所以WF=mgh．故D正确．故选D．
如图所示,水平向右的匀强电场的场强为E,电场中同沿场强方向有P、Q两 ...
答：根据E=Fq，则带电粒子在P点所受的电场力F=qE；粒子从P点移到Q点电场力做功W=Fd=qEd．根据E=Ud知，P、Q两点间的电势差U=Ed．故答案为：qE，qEd，Ed．
如图所示,水平向右的匀强电场场强为E,水平方向垂直纸面向里的匀强磁场...
答：根据左手定则，洛伦兹力与电场力同向，故知：FN=Eq+qvB故合力为：F合=mg-F摩=mg-μ（qE+qvB） 可见，随v的增大，F合减小，由牛顿第二定律可知，小球做加速度越来越小的变加速度运动，直到最后匀速运动．故当v=0时，加速度最大，为：am＝mg?μEqm＝g?μEqm当F合=0，即a=0时，v有最大...
如图所示,有一水平向右的匀强电场,场强为E=1.25×10 4 N/C,一根长L=...
答：解：(1)开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得 mgsinθ－ －qEcosθ＝ma 解得a＝gsinθ－ 代入数据解得a＝3.2 m/s 2 (2)小球B速度最大时合力为零，即 ＋qEcosθ＝mgsinθ 解得r 1 ＝ 代入数据解得r＝0.9 m ...
如图所示,有一水平向右的匀强电场,场强为E=1.25×104 N/C,一根长L=1...
答：（1）开始运动时小球BBB受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，由牛顿第二定律得： mgsinθ-kQqL2-qEcosθ=ma ①解得：a=gsinθ-kQqmL2-qEcosθm ②代入数据解得：a=（10×0.6-9×109×4.5×10?6×1×10?61×10?2×1．52-1×10?6×1.25×104×0.81×10?2m/s2=3.2m/s2 ③...
如右图所示,有一水平向右的匀强电场,场强为 ,一根长 、与水平方向的夹角...
答：(1) (2)0.9 m 试题分析：(1)开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得 解得 代入数据解得 .(2)小球B速度最大时合力为零，即 解得 代入数据解得 点评：带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析...
如图所示,水平向右的匀强电场(场强为E)和垂直纸面向里的匀强磁场(磁...
答：先算离地时临界速度：qvB=mg,可求得v=(mg)/(qv)再求离地前匀加速运动的距离：v的平方=2ax，将a=(Eq)/m和上一步得到的v代入，就可以解出距离x了。
如图所示,匀强电场方向水平向右,电场场强大小为E,匀强磁场方向垂直纸面...
答：解：微粒受力情况如图，根据平衡条，得：Bqυcosθ-mg=0…① Bqυsinθ-qE=0…② 由①②式联立得：B= mg qvcos45° ＝ 2 mg qv E= mgtan45° q = mg q 因此，解得电量为：q= mg E ；且：v= 2 mg B× mg E ＝ 2 E B 答：带电粒子的电荷量 mg E ；和射入复合场时的...
如图所示,在竖直平面内有水平向右的匀强电场,场强为 .同时存在水平方向...
答：重力 ，竖直向下．电场力 ，水平向右． G 与 F 的合力 ．方向 q ＝arctan R 与 f 为平衡力， f ＝ Bqv ＝ R ． v 与 R 垂直， R 与 E 成30°角，故 v 的方向与 E 的方向成 j ＝60°．（2）去掉磁场 B 后，由 A 到 B ，做类平抛运动， ．
先算离地时临界速度：qvB=mg,可求得v=(mg)/(qv)
再求离地前匀加速运动的距离：v的平方=2ax，将a=(Eq)/m和上一步得到的v代入，就可以解出距离x了。
这道题不能按类平抛解
水平方向做初速度为vx=v0cos60°=10m/s加速度 a=qE/m的匀加速直线运动
x=vxt+1/2at^2
竖直方向做竖直上抛运动
vy=v0sin60°=10√3m/s
t=2vy/g=2√3s
到达Q点时间 2√3s
FN=Eq+qvB
故合力为：
F合=mg-F摩=mg-μ（qE+qvB）
可见，随v的增大，F合减小，由牛顿第二定律可知，小球做加速度越来越小的变加速度运动，直到最后匀速运动．
故当v=0时，加速度最大，为：
am＝
| mg?μEq |
| m |
| μEq |
| m |
当F合=0，即a=0时，v有最大值vm
即：mg-μ（Bqvm+Eq）=0
故：vm＝
| mg |
| μBq |
| E |
| B |
答：小球在下滑过程中的最大加速度为g?
| μEq |
| m |
| mg |
| μBq |
| E |
| B |
答：回答：在重力、电场力和洛伦兹力作用下做直线运动,说明洛伦兹力要被抵消!(若不抵消就不能直线运动).A.重力和电场力是恒力,所以洛伦兹力和重力、电场力的合力为零时,液滴才能做直线运动,无论液滴带正电还是负电,液滴沿重力、电场力合力垂直向上的方向运动即可,所以A符合题意;B.重力和电场力是恒...
答：A、电荷受重力、电场力和外力平衡，电场力方向水平向右，根据共点力平衡，知外力的方向与重力和电场力合力的方向相反，斜向上．大小为F=(mg)2+(qE)2．故A、B、C错误．D、根据动能定理知，电场力不做功，重力负功，有：WF-mgh=0，所以WF=mgh．故D正确．故选D．
答：根据E=Fq，则带电粒子在P点所受的电场力F=qE；粒子从P点移到Q点电场力做功W=Fd=qEd．根据E=Ud知，P、Q两点间的电势差U=Ed．故答案为：qE，qEd，Ed．
答：根据左手定则，洛伦兹力与电场力同向，故知：FN=Eq+qvB故合力为：F合=mg-F摩=mg-μ（qE+qvB） 可见，随v的增大，F合减小，由牛顿第二定律可知，小球做加速度越来越小的变加速度运动，直到最后匀速运动．故当v=0时，加速度最大，为：am＝mg?μEqm＝g?μEqm当F合=0，即a=0时，v有最大...
答：解：(1)开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得 mgsinθ－ －qEcosθ＝ma 解得a＝gsinθ－ 代入数据解得a＝3.2 m/s 2 (2)小球B速度最大时合力为零，即 ＋qEcosθ＝mgsinθ 解得r 1 ＝ 代入数据解得r＝0.9 m ...
答：（1）开始运动时小球BBB受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，由牛顿第二定律得： mgsinθ-kQqL2-qEcosθ=ma ①解得：a=gsinθ-kQqmL2-qEcosθm ②代入数据解得：a=（10×0.6-9×109×4.5×10?6×1×10?61×10?2×1．52-1×10?6×1.25×104×0.81×10?2m/s2=3.2m/s2 ③...
答：(1) (2)0.9 m 试题分析：(1)开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得 解得 代入数据解得 .(2)小球B速度最大时合力为零，即 解得 代入数据解得 点评：带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析...
答：先算离地时临界速度：qvB=mg,可求得v=(mg)/(qv)再求离地前匀加速运动的距离：v的平方=2ax，将a=(Eq)/m和上一步得到的v代入，就可以解出距离x了。
答：解：微粒受力情况如图，根据平衡条，得：Bqυcosθ-mg=0…① Bqυsinθ-qE=0…② 由①②式联立得：B= mg qvcos45° ＝ 2 mg qv E= mgtan45° q = mg q 因此，解得电量为：q= mg E ；且：v= 2 mg B× mg E ＝ 2 E B 答：带电粒子的电荷量 mg E ；和射入复合场时的...
答：重力 ，竖直向下．电场力 ，水平向右． G 与 F 的合力 ．方向 q ＝arctan R 与 f 为平衡力， f ＝ Bqv ＝ R ． v 与 R 垂直， R 与 E 成30°角，故 v 的方向与 E 的方向成 j ＝60°．（2）去掉磁场 B 后，由 A 到 B ，做类平抛运动， ．
