物理求解
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-31
物理求解
水吸收的热量为：Q1=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（95℃-15℃）=6.72×105J
铝锅吸收的热量为：Q2=c铝m铝（t-t0）=0.88×103J/（kg•℃）×0.5kg×（95℃-15℃）=0.352×105J
∵在加热时需要的热量包括水吸收的热量和铝锅吸收的热量之和．
∴需总热量为：Q总=Q1+Q2=7.072×105J．
答：需要吸收7.072×105J热量．
第二题：
解：（1）Q=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（80℃-20℃）=2.52×105J；
（2）Q放=Q吸，所以有Q=cmt 则c=Q/mt=2.52×105J÷2kg×(500-80）=0.3×10³
那个，排版不会弄，凑合着看。（参考资料http://www.jyeoo.com/physics/ques/detail/c6a0b75f-72ec-4f81-8a30-0feeabb20c8a）
第18题：
解：由题意知，所求的吸收热量是
Q总＝Q铝＋Q水＝（m铝*C铝＋m水*C水）*（t2－t1） （铝、水有相同的温差）
得 Q总＝（0.5* 0.88*10^3＋2* 4.2*10^3）*（95－15）＝7.072*10^5 焦耳
第19题：
解：（1）水吸收的热量是
Q水吸＝m水*C水*（t－t水）＝1* 4.2*10^3 *（80－20）＝2.52*10^5 焦耳
（2）由题意知，Q水吸＝Q金放
得 Q水吸＝m金*C金*（t金－t）
即 2.52*10^5 ＝2* C金*（500－80）
得金属块的比热容是 C金＝0.3 * 10^3 焦耳/（千克摄氏度）
18
因为：Q铝=0.88×10³ J/(kg·℃)×0.5kg×80=35200 J
Q水=4.2*10³焦/千克·摄氏度×2kg×80=672000 J
所以：总共吸收的热量为：Q总=Q铝+Q水=672000+35200=707200 J
19
Q吸=c水m水△t水=4.2×10^3J/kg℃×1kg×(80℃-20℃)=2.52×10^5J
Q吸=Q放
Q放=c金m金△t金
2.52×10^5J=c金×2kg×（500℃-80℃）
c金=0.3×10^3J/kg℃
水吸收的热量是2.52×10^5J
金属块的比热容是0.3×10^3J/kg℃
Q=cm#t 哪个是三角形 然后温度相减用公式算出
物理 求解,,,
答：解：（1）Q吸=Cm（T2-T1），其中C=4200J/kg●℃，m=100kg，T1=15℃，T2=55℃。所以：Q吸=4200×100×（55-15）=16800000（J）。（2）η=Q吸/W，而W=Pt=1400×50×60=4200000（J）。因此，能效比为：η=16800000/4200000=4
物理求解
答：根据R1和R2的电功率之比为一比为(u的平方/R=p,所以功率与电阻成反比）1:3=R2：R1，（）所以串联后R2两端的电压为U，可以记住串联电路电阻越大分得电压越大。所以R1两端的电压为3u，所以R2功率没变，R1功率变成了原来的9倍（p=u的平方/R,与之前的功率比较）所以选D ...
大学物理题,求解
答：因导体内场强处处为零，所以金属球的电荷q分布在半径为R1球的内表面；球壳内表面为-q，外表面为Q+q。则r>R3时：球壳外场强为E=1/(4πε)(Q+q)/r²R2<=r<=R3时：球壳内场强为零 R1<=r<R2时：球与壳之间场强 E=q/(4πεr²)r<R1时：场强为零。球壳外表面电势为U=...
求解图中的物理题,谢谢
答：点评：分析物块的运动过程，明确物块和小车间的相互作用，知道物块在小车BC上滑动，通过摩擦力相互作用，物块做匀减速运动，小车做匀加速运动，恰好没有滑出小车，说明二者速度相等，这样就可以依次选择机械能守恒定律、牛顿第二定律、动量守恒定律、动能定理求解．求动摩擦因数选动能定理简单，因为不考虑中间...
物理求解,必采纳
答：(1)R外=（R2+R3)R1/(R1+R2+R3)=8欧 I=E/(R+r)=6/(8+2)=0.6A U=E-Ir=6-1.2=4.8v I3=U/(R2+R3)=0.12A (2)Q=CU=100x10^-6x4.8=4.8x10^-4c
高中物理~求解题公式~
答：设小球与木箱质量为m,小球轻轻放在长木箱的前端后受到的摩擦力方向向左，大小为0.2mg,小球做加速度a1=2的匀加速运动。木箱在水平方向上受到小球对它的向右的摩擦力0.2mg，还有地面对它的向右的摩擦力0.1*2mg，合力为0.4mg,木箱做匀减速运动，加速度a2=4。设小球经时间t离开小车,小球的位移s1=...
物理题求解
答：对临界情况算。设拉力F作用的最短时间是 t ，由题意知，前面时间 t 内，有拉力作用，物体做匀加速直线运动；撤去拉力后，物体因受到摩擦力而做匀减速直线运动，到B点时速度刚好为0。设刚撤拉力时的速度是 V 在有拉力 F 时，用正交分解法，竖直方向有 F支＋F*sin37度＝mg 水平方向有 F合1...
大学物理求解
答：1．1 一质点沿直线运动，运动方程为x(t) = 6t2 - 2t3．试求：（1）第2s内的位移和平均速度；（2）1s末及2s末的瞬时速度，第2s内的路程；（3）1s末的瞬时加速度和第2s内的平均加速度．[解答]（1）质点在第1s末的位置为：x(1) = 6×12 - 2×13 = 4(m)...
高中物理求解!
答：①gt=v0 t=v0/g 水平方向;a=qE/m at=2V0 V0qE/mg=2V0 E=2mg/q ②a=qE/m=2g 水平位移:S=0.5at^2 S=0.5×2g×V0^2/g^2 S=V0^2/g
大学物理题目求解
答：rxF)为零，则质点对O的角动量在运动过程中保持不变。由于地球只受太阳引力的作用，地球所受的太阳引力始终指向太阳中心(这里地球和太阳看作是质点)，这种力的作用使地球(质点)对太阳(定点)的角动量守恒。在远日点和近日点，矢径r与动量mv方向垂直，根据上述所述，求解过程如下图所示:
无穷远处的电势为0,正电荷n点移动到无穷远处，电场力做正功，电势能减小，电势减小
由此n点电势U=w2/q=(1.5*10^-5)/(2*10^-7)=...
M点到n点同样的，电势减小，由此M点电势u=w1/q+U=(5*10-5)/(2*10^-7)+U
25、
（1）Q放＝mq＝0.42kg×4.6×10^7J/kg＝1.932×10^7J
（2）Q吸＝50%Q放＝cm△t
所以：m＝50%Q放/4200×40＝1.932×10^7×50%/4200×40＝57.5kg
26、
（1）U1＝IR1＝10×0.4＝4V
（2）R2＝U2/I＝2.4V/0.4A＝6欧
水吸收的热量为：Q1=c水m水（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（95℃-15℃）=6.72×105J
铝锅吸收的热量为：Q2=c铝m铝（t-t0）=0.88×103J/（kg•℃）×0.5kg×（95℃-15℃）=0.352×105J
∵在加热时需要的热量包括水吸收的热量和铝锅吸收的热量之和．
∴需总热量为：Q总=Q1+Q2=7.072×105J．
答：需要吸收7.072×105J热量．
第二题：
解：（1）Q=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（80℃-20℃）=2.52×105J；
（2）Q放=Q吸，所以有Q=cmt 则c=Q/mt=2.52×105J÷2kg×(500-80）=0.3×10³
那个，排版不会弄，凑合着看。（参考资料http://www.jyeoo.com/physics/ques/detail/c6a0b75f-72ec-4f81-8a30-0feeabb20c8a）
第18题：
解：由题意知，所求的吸收热量是
Q总＝Q铝＋Q水＝（m铝*C铝＋m水*C水）*（t2－t1） （铝、水有相同的温差）
得 Q总＝（0.5* 0.88*10^3＋2* 4.2*10^3）*（95－15）＝7.072*10^5 焦耳
第19题：
解：（1）水吸收的热量是
Q水吸＝m水*C水*（t－t水）＝1* 4.2*10^3 *（80－20）＝2.52*10^5 焦耳
（2）由题意知，Q水吸＝Q金放
得 Q水吸＝m金*C金*（t金－t）
即 2.52*10^5 ＝2* C金*（500－80）
得金属块的比热容是 C金＝0.3 * 10^3 焦耳/（千克摄氏度）
18
因为：Q铝=0.88×10³ J/(kg·℃)×0.5kg×80=35200 J
Q水=4.2*10³焦/千克·摄氏度×2kg×80=672000 J
所以：总共吸收的热量为：Q总=Q铝+Q水=672000+35200=707200 J
19
Q吸=c水m水△t水=4.2×10^3J/kg℃×1kg×(80℃-20℃)=2.52×10^5J
Q吸=Q放
Q放=c金m金△t金
2.52×10^5J=c金×2kg×（500℃-80℃）
c金=0.3×10^3J/kg℃
水吸收的热量是2.52×10^5J
金属块的比热容是0.3×10^3J/kg℃
Q=cm#t 哪个是三角形 然后温度相减用公式算出
答：解：（1）Q吸=Cm（T2-T1），其中C=4200J/kg●℃，m=100kg，T1=15℃，T2=55℃。所以：Q吸=4200×100×（55-15）=16800000（J）。（2）η=Q吸/W，而W=Pt=1400×50×60=4200000（J）。因此，能效比为：η=16800000/4200000=4
答：根据R1和R2的电功率之比为一比为(u的平方/R=p,所以功率与电阻成反比）1:3=R2：R1，（）所以串联后R2两端的电压为U，可以记住串联电路电阻越大分得电压越大。所以R1两端的电压为3u，所以R2功率没变，R1功率变成了原来的9倍（p=u的平方/R,与之前的功率比较）所以选D ...
答：因导体内场强处处为零，所以金属球的电荷q分布在半径为R1球的内表面；球壳内表面为-q，外表面为Q+q。则r>R3时：球壳外场强为E=1/(4πε)(Q+q)/r²R2<=r<=R3时：球壳内场强为零 R1<=r<R2时：球与壳之间场强 E=q/(4πεr²)r<R1时：场强为零。球壳外表面电势为U=...
答：点评：分析物块的运动过程，明确物块和小车间的相互作用，知道物块在小车BC上滑动，通过摩擦力相互作用，物块做匀减速运动，小车做匀加速运动，恰好没有滑出小车，说明二者速度相等，这样就可以依次选择机械能守恒定律、牛顿第二定律、动量守恒定律、动能定理求解．求动摩擦因数选动能定理简单，因为不考虑中间...
答：(1)R外=（R2+R3)R1/(R1+R2+R3)=8欧 I=E/(R+r)=6/(8+2)=0.6A U=E-Ir=6-1.2=4.8v I3=U/(R2+R3)=0.12A (2)Q=CU=100x10^-6x4.8=4.8x10^-4c
答：设小球与木箱质量为m,小球轻轻放在长木箱的前端后受到的摩擦力方向向左，大小为0.2mg,小球做加速度a1=2的匀加速运动。木箱在水平方向上受到小球对它的向右的摩擦力0.2mg，还有地面对它的向右的摩擦力0.1*2mg，合力为0.4mg,木箱做匀减速运动，加速度a2=4。设小球经时间t离开小车,小球的位移s1=...
答：对临界情况算。设拉力F作用的最短时间是 t ，由题意知，前面时间 t 内，有拉力作用，物体做匀加速直线运动；撤去拉力后，物体因受到摩擦力而做匀减速直线运动，到B点时速度刚好为0。设刚撤拉力时的速度是 V 在有拉力 F 时，用正交分解法，竖直方向有 F支＋F*sin37度＝mg 水平方向有 F合1...
答：1．1 一质点沿直线运动，运动方程为x(t) = 6t2 - 2t3．试求：（1）第2s内的位移和平均速度；（2）1s末及2s末的瞬时速度，第2s内的路程；（3）1s末的瞬时加速度和第2s内的平均加速度．[解答]（1）质点在第1s末的位置为：x(1) = 6×12 - 2×13 = 4(m)...
答：①gt=v0 t=v0/g 水平方向;a=qE/m at=2V0 V0qE/mg=2V0 E=2mg/q ②a=qE/m=2g 水平位移:S=0.5at^2 S=0.5×2g×V0^2/g^2 S=V0^2/g
答：rxF)为零，则质点对O的角动量在运动过程中保持不变。由于地球只受太阳引力的作用，地球所受的太阳引力始终指向太阳中心(这里地球和太阳看作是质点)，这种力的作用使地球(质点)对太阳(定点)的角动量守恒。在远日点和近日点，矢径r与动量mv方向垂直，根据上述所述，求解过程如下图所示:
