如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1m,导轨平面与水平面成θ=37°角,
kuaidi.ping-jia.net 作者:佚名 更新日期:2024-07-02
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长,电阻不计的平行金属导轨相距1m,导轨平面与水平面成θ=37 角,下端连
E=Blv0=0.4×1×6=2.4v I=
P=I2R解得P=1.28W
(2)当金属棒速度为向上3m/s时,由速度图象知,加速度为a=
=
=3m/s
FA=BIL=
=0.16N 沿斜面向下
取沿斜面向下为正方向,由牛顿第二定律得:
μmgcosθ+mgsinθ+FA-F=ma
F=μmgcosθ+mgsinθ+FA-ma=1.16N
平行于斜面向上
(3)由图可知速度 v=6-at
安培力 FA=BIL=
=0.32-0.16t 沿斜面向下为正方向
上升阶段有牛顿第二定律得:μmgcosθ+mgsinθ+FA-F=ma
代入得F=1.32-0.16t (0<t<2)
下降时,摩擦力方向改变,安培力随速度改变而改变
F-μmgcosθ+mgsinθ+FA=ma
F=0.16t-0.52 (2<t<4)
答:(1)金属棒产生的感应电动势的最大值2.4v,电阻R消耗的最大功率1.28W
(2)当金属棒速度为向上3m/s时施加在金属棒上外力F的大小1.16N,方向平行于斜面向上
(3)金属棒在整个运动过程中外力F随时间t变化的函数关系式 F=0.16t-0.52 (2<t<4)
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长,电阻不计的平行金属导轨相距1m...
答:解析:(1)由受力分析,根据牛顿第二定律,得:代入数据,解得。(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,金属棒重力势能一部分克服摩擦力做功,转化为内能,另一部分克服安培力做功,转化为电能,它等于电路中电阻R消耗的电功;设速度为,在时间内,据能量守恒,有:代入数据,解得:用右手定则判断磁场方向...
(15分)如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相...
答:(2分)(3)设金属棒运动达到稳定时,所受安培力为F / ,棒在沿导轨方向受力平衡 (2分)解得: 0.8 N (2分)此时感应电流为 A = 2A (2分)电路中电阻R消耗的电功率: W = 8W (2分)(另解:由 ,解得稳定时速度达到最大值 m/s,本题克服安培力做功功率...
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长。电阻不计的平行金属导轨相距1m...
答:(1) (2) 试题分析:(1)金属棒开始下滑的初速度为零,根据牛顿第二定律: 解得 (2) 设金属棒达到稳定时,速度为v,所受安培力为F,棒沿导轨方向受力平衡: 电阻消耗的功率等于克服安培力做功的功率,即: 以上两式联立,解得: 点评:本题难度较小,随着导体棒速度的逐渐...
(12分)如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长。电阻不计的平行金属导轨相...
答:(1)4m/s 2 (2)10m/s (3)0.4T, 磁场方向垂直导轨平面向上 试题分析:(1)金属棒开始下滑的初速为零,没有感应电流产生,不受安培力作用,故根据牛顿第二定律有:mgsinθ-μmgcosθ=ma ①由①式解得a=10×(O.6-0.25×0.8)m/s 2 =4m/s 2 ②(2)设金属棒运动...
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1m...
答:③ 此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率Fv=P ④ 由③、④两式解得v= =10m/s ⑤ (3)设电路中电流为I,两导轨间金属棒的长度为l,磁场的磁感应强度为B I= ⑥ P=I 2 R ⑦ 由⑥、⑦两式解得B= =0.4T ⑧,磁场方向垂直导轨平面向上 ...
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1...
答:将上式代入即得F=ma=0.2×4 N=0.8 N此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率P=Fv所以v= = m/s=10 m/s(3)设电路中电流为I,两导轨间金属棒的长为L,磁感应强度为BI= ,P=I 2 R,可解得:B= = T=0.4 T,磁场方向垂直导轨平面向上 ...
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距L...
答:受力如图所示mg sinθ-μmgcosθ-BIL=0又I=BLvR,P=I2R=B2L2v2R解得B=mg(sinθ?μcosθ)LRP答:(1)金属棒沿导轨由静止开始下滑过程中,加速度的最大值为g(sinθ-μcosθ).(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,电阻R消耗的功率为P,磁感应强度的大小为mg(sinθ?μcosθ)LRP.
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距L=...
答:解:(1)金属棒开始下滑的初速为零,根据牛顿第二定律 得:a=10×(0.6-0.25×0.8)m/s 2 =4 m/s 2 (2)设金属棒运动达到稳定时,设速度为v,所受安培力为F,棒沿导轨方向受力平衡,根据物体平稳条件 将上式代入即得F=0.8 N 此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻...
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距L=...
答:· =8 W,得v=15 m/s,选项B错误.根据左手定则可得,磁场方向垂直于导轨平面向上,由 =0.8 N,将v=15 m/s代入得B=0.4 T,选项C正确.根据能量守恒,产生的总焦耳热量为Q=mgxsin θ- mv 2 -μmgxcos θ=25.5 J,R上产生的热量为Q R = Q=17 J,选项D错误.
如图所示,处于匀强磁场中的两根足够长的平行金属导轨相距1m,磁场的方向...
答:P=I2R⑦由⑥、⑦两式解得:B=PRvl=8×210×1=0.4T ⑧磁场方向垂直导轨平面向上.答:(1)金属棒在下滑过程中的最大加速度的大小为4m/s2;(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,电阻R消耗的功率为8W,该速度的大小为10m/s;(3)在(2)问中,若R=2Ω,求磁感应强度B的大小为0.4T.
解析:(1)由受力分析,根据牛顿第二定律,得: 代入数据,解得。 (2)当金属棒下滑速度达到稳定时,金属棒重力势能一部分克服摩擦力做功,转化为内能,另一部分克服安培力做功,转化为电能,它等于电路中电阻R消耗的电功;设速度为,在时间内,据能量守恒,有: 代入数据,解得: 用右手定则判断磁场方向垂直导轨平面向上。
(1)金属棒开始下滑的初速为零,由牛顿第二定律得:mgsinθ=ma…①由①式解得:a=gsinθ=10×0.6=6m/s2…②;(2)设金属棒运动达到稳定时,速度为v,所受安培力为F,棒在沿导轨方向受力平衡:mgsinθ-F=0…③此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率:Fv=P…④由③、④两式代入数据解得:v=5m/s…⑤;(3)设电路中电流为I,两导轨间金属棒的长为l,磁场的磁感应强度为B,感应电流:I=BlvR…⑥电功率:P=I2R…⑦由⑥、⑦两式代入数据解得:B=235T…⑧磁场方向垂直导轨平面向上;答:(1)金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小为6m/s2;(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,电阻R消耗的功率为6W,该速度的大小为5m/s;(3)若R=2Ω,金属棒中的电流方向由a到b,磁感应强度的大小为235T,方向垂直于轨道平面向上
(1)当金属棒的速度最大时,产生的感应电动势最大,电阻R消耗的最大功率E=Blv0=0.4×1×6=2.4v I=
E |
r+R |
P=I2R解得P=1.28W
(2)当金属棒速度为向上3m/s时,由速度图象知,加速度为a=
△v |
△t |
6 |
2 |
FA=BIL=
B2L2V |
r+R |
取沿斜面向下为正方向,由牛顿第二定律得:
μmgcosθ+mgsinθ+FA-F=ma
F=μmgcosθ+mgsinθ+FA-ma=1.16N
平行于斜面向上
(3)由图可知速度 v=6-at
安培力 FA=BIL=
B2L2V |
r+R |
上升阶段有牛顿第二定律得:μmgcosθ+mgsinθ+FA-F=ma
代入得F=1.32-0.16t (0<t<2)
下降时,摩擦力方向改变,安培力随速度改变而改变
F-μmgcosθ+mgsinθ+FA=ma
F=0.16t-0.52 (2<t<4)
答:(1)金属棒产生的感应电动势的最大值2.4v,电阻R消耗的最大功率1.28W
(2)当金属棒速度为向上3m/s时施加在金属棒上外力F的大小1.16N,方向平行于斜面向上
(3)金属棒在整个运动过程中外力F随时间t变化的函数关系式 F=0.16t-0.52 (2<t<4)
答:解析:(1)由受力分析,根据牛顿第二定律,得:代入数据,解得。(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,金属棒重力势能一部分克服摩擦力做功,转化为内能,另一部分克服安培力做功,转化为电能,它等于电路中电阻R消耗的电功;设速度为,在时间内,据能量守恒,有:代入数据,解得:用右手定则判断磁场方向...
答:(2分)(3)设金属棒运动达到稳定时,所受安培力为F / ,棒在沿导轨方向受力平衡 (2分)解得: 0.8 N (2分)此时感应电流为 A = 2A (2分)电路中电阻R消耗的电功率: W = 8W (2分)(另解:由 ,解得稳定时速度达到最大值 m/s,本题克服安培力做功功率...
答:(1) (2) 试题分析:(1)金属棒开始下滑的初速度为零,根据牛顿第二定律: 解得 (2) 设金属棒达到稳定时,速度为v,所受安培力为F,棒沿导轨方向受力平衡: 电阻消耗的功率等于克服安培力做功的功率,即: 以上两式联立,解得: 点评:本题难度较小,随着导体棒速度的逐渐...
答:(1)4m/s 2 (2)10m/s (3)0.4T, 磁场方向垂直导轨平面向上 试题分析:(1)金属棒开始下滑的初速为零,没有感应电流产生,不受安培力作用,故根据牛顿第二定律有:mgsinθ-μmgcosθ=ma ①由①式解得a=10×(O.6-0.25×0.8)m/s 2 =4m/s 2 ②(2)设金属棒运动...
答:③ 此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率Fv=P ④ 由③、④两式解得v= =10m/s ⑤ (3)设电路中电流为I,两导轨间金属棒的长度为l,磁场的磁感应强度为B I= ⑥ P=I 2 R ⑦ 由⑥、⑦两式解得B= =0.4T ⑧,磁场方向垂直导轨平面向上 ...
答:将上式代入即得F=ma=0.2×4 N=0.8 N此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率P=Fv所以v= = m/s=10 m/s(3)设电路中电流为I,两导轨间金属棒的长为L,磁感应强度为BI= ,P=I 2 R,可解得:B= = T=0.4 T,磁场方向垂直导轨平面向上 ...
答:受力如图所示mg sinθ-μmgcosθ-BIL=0又I=BLvR,P=I2R=B2L2v2R解得B=mg(sinθ?μcosθ)LRP答:(1)金属棒沿导轨由静止开始下滑过程中,加速度的最大值为g(sinθ-μcosθ).(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,电阻R消耗的功率为P,磁感应强度的大小为mg(sinθ?μcosθ)LRP.
答:解:(1)金属棒开始下滑的初速为零,根据牛顿第二定律 得:a=10×(0.6-0.25×0.8)m/s 2 =4 m/s 2 (2)设金属棒运动达到稳定时,设速度为v,所受安培力为F,棒沿导轨方向受力平衡,根据物体平稳条件 将上式代入即得F=0.8 N 此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻...
答:· =8 W,得v=15 m/s,选项B错误.根据左手定则可得,磁场方向垂直于导轨平面向上,由 =0.8 N,将v=15 m/s代入得B=0.4 T,选项C正确.根据能量守恒,产生的总焦耳热量为Q=mgxsin θ- mv 2 -μmgxcos θ=25.5 J,R上产生的热量为Q R = Q=17 J,选项D错误.
答:P=I2R⑦由⑥、⑦两式解得:B=PRvl=8×210×1=0.4T ⑧磁场方向垂直导轨平面向上.答:(1)金属棒在下滑过程中的最大加速度的大小为4m/s2;(2)当金属棒下滑速度达到稳定时,电阻R消耗的功率为8W,该速度的大小为10m/s;(3)在(2)问中,若R=2Ω,求磁感应强度B的大小为0.4T.