如图1所示，在水平面上固定有长为L=2m、宽为d=1m的金属“U”型导轨，在“U”型导轨右侧l=0.5m范围内存在
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-29
如图甲所示，在水平面上固定有长为L=2m．宽为d=1m的金属“U”形导轨，在“U”形导轨右侧 =0.5m范围内存
如图1所示,在水平面上固定有长为L=2m、宽为d=1m的金属“U”型导轨...
答：（2）此过程导体棒通过的位移为 x=v0t+12at2=0.5m＜L-l，说明导体棒还没有进入磁场．（3）前2秒内无电流，后2秒内，由楞次定律判断得知，电流方向为顺时针方向．由图知，
如图所示,水平地面上有一辆固定有长为L的竖直光滑绝缘管的小车,管的...
答：FN=2.4×10-3N，设v1为小球竖直分速度，由FN=qv1B1，则v1＝FNqB1＝2m/s由v21＝2aL得L＝v212a=1m即绝缘管的长度L为1m．（3）小球离开管口进入复合场，其中qE=2×10-3N，mg=2×10-3N．故电场力与重力平衡，
如图甲所示,在水平面上固定有长为L=2 m、宽为d=1 m的金属“U”型导轨...
答：解：(1)导体棒先在无磁场区域做匀减速运动，有： 代入数据解得：t=1 s，x=0.5 m，导体棒没有进入磁场区域导体棒在1s末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5 m (2)前2s磁通量不变，回路电动势和电流分别为：E=0，I=0后2s回路产生的电动势为： 回路的总长度为5m，...
如图甲所示,在水平面上固定有长为L=2m.宽为d=1m的金属“U”形导轨...
答：(1)导体棒在ls末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5m(2) 0.2A 顺时针方向(3)0.04J (1)导体棒先在无磁场区域做匀减速运动，有 代人数据解得： =1s，x=0.5m，导体棒没有进入磁场区域。导体棒在ls末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5m(2)前2s...
如图甲所示,在水平面上固定有长为L=2m、宽为d=1m的金属“U”型导轨...
答：5m（2）第2秒末到第4s末时间内磁感应强度均匀减小，回路中产生的感应电动势为：E=△Φ△t=△B?S△t=0.4×12V=0.2V则产生的焦耳热为：Q=E2R?t=0．221×2J=0.08J答：（1）导体棒从开始运动到停止运动，前进的位移为0.5m；（2）第2秒末到第4s末，回路产生的焦耳热为0.08J．
如图所示,水平面上放有一长为l的绝缘材料做成的滑板,滑板的右端有一固 ...
答：小物块和滑板相对于地面的位移相同，则有：v2+v1′2t＝V1t解得：v2=v1=2qElm（3）设第一次碰撞过程中能量损失为△E根据动量守恒：mv1=mv'1+8mV1能量守恒定律：12mv21＝12mv′21+12×8mV12+△E运算得到：△E＝825qEL第二次碰撞前瞬间：滑板速度：v2=v1=2qElm，...
如图所示,在光滑的水平面上固定有左、右两竖直挡板,挡板间距离足够长...
答：M 与左挡板碰撞，碰后 m 相对 M 向左滑动，直到重新达到共同速度 v 2 ，则( M － m ) v 1 =( M ＋ m ) v 2 ③ ④由③④解得 显然 L 2 < L 1 ，同理 L 3 < L 2 ，…因此，只有第一次碰后 m 未从 M 上掉下，以后就不可能掉下，则长木板的长度...
如图所示,在光滑的水平面上固定有左、右两竖直挡板,挡板间距离足够长...
答：小物块相对于长木板又向右运动s3 μmgs3＝12(m+M)v22?12(m+M)v23 由于物块相对于小车往复运动，故四次撞前距离小车最左端长度 d=s1-s2+s3 代入数据得：d=13m 答：（1）将要发生第二次碰撞时，小物块与木板的共同速度M?mM+mv0；（2）为使小物块最终不从长木板上落下，...
如图所示,在光滑水平面上固定一个小球A,用一根原长为l0、由绝缘材料制...
答：两个小球的电量均减小一半，根据库仑定律F=kQqr2 知：若两个球之间的距离保持不变时，库仑力减小为原来的14；由于库仑力减小，弹簧的弹力减小，弹簧的伸长量减小，两球间的距离减小，所以实际的情况是小球之间的库仑力会大于原来的14．此时弹簧的伸长量x2＞14x1．选项C正确，ABD错误．故选：C．
如图甲所示,光滑的水平地面上固定一长为L=1.7m长木板C,板的左端有两小...
答：力F保持F=200N不变，弹簧压缩了0.5m，B离木板C的右端0.2m，A离木板C有左端1.0m．作出力F随A位移的变化图线如图所示．（2）在物块B移动前，力F作用于物块A，压缩弹簧使弹簧贮存了弹性势能E0，物块A移动了s=0.5m，设力F做功为W，由能量守恒可得弹簧贮存的弹性势能大小为：E0=W-fAs=100+...
(1)导体棒在ls末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5m(2) 0.2A 顺时针方向(3)0.04J (1)导体棒先在无磁场区域做匀减速运动，有 代人数据解得： =1s，x=0.5m，导体棒没有进入磁场区域。导体棒在ls末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5m(2)前2s磁通量不变，回路电动势和电流分别为E=0，I=0后2s回路产生的电动势为 V，回路的总长度为5m，因此回路的电阻为 电流为 A。根据楞次定律，在回路中的电流方向是顺时针方向。(3)前2s电流为零，后2s由恒定电流，焦耳热为 J
（1）根据牛顿第二定律得：-μmg=ma，a=-μg=-1m/s2，导体棒从t=0时刻开始向右运动直至末速为零所需的时间为 t=v0a=1s，（2）此过程导体棒通过的位移为 x=v0t+12at2=0.5m＜L-l，说明导体棒还没有进入磁场．（3）前2秒内无电流，后2秒内，由楞次定律判断得知，电流方向为顺时针方向．由图知，△B△t=0.42T/s=0.2T/s感应电动势为E=△Φ△t=△B△t?ld=0.2×0.5×1V=0.1V感应电流为I=E2λ(d+L?s)=0.12×0.2×(1+2?0.5)A=0.1A，（4）4s内回路产生的焦耳热为 Q=IEt2=0.02J．答：（1）导体棒从t=0时刻开始向右运动直至末速为零所需的时间是1s；（2）导体棒从t=0时刻开始向右运动直至末速为零时离左端的距离是0.5m；（3）前2秒内无电流，后2秒内电流方向：顺时针方向，电流大小为0.1A．（4）4s内回路产生的焦耳热是0.02J．
| （1）根据牛顿第二定律得： -μmg=ma，a=-μg=-1m/s 2 ， 导体棒从t=0时刻开始向右运动直至末速为零所需的时间为 t=
（2）此过程导体棒通过的位移为 x=v 0 t+
（3）前2秒内无电流，后2秒内，由楞次定律判断得知，电流方向为顺时针方向． 由图知，
感应电动势为E=
感应电流为I=
（4）4s内回路产生的焦耳热为 Q=IEt 2 =0.02J． 答： （1）导体棒从t=0时刻开始向右运动直至末速为零所需的时间是1s； （2）导体棒从t=0时刻开始向右运动直至末速为零时离左端的距离是0.5m； （3）前2秒内无电流，后2秒内电流方向：顺时针方向，电流大小为0.1A． （4）4s内回路产生的焦耳热是0.02J． |
答：（2）此过程导体棒通过的位移为 x=v0t+12at2=0.5m＜L-l，说明导体棒还没有进入磁场．（3）前2秒内无电流，后2秒内，由楞次定律判断得知，电流方向为顺时针方向．由图知，
答：FN=2.4×10-3N，设v1为小球竖直分速度，由FN=qv1B1，则v1＝FNqB1＝2m/s由v21＝2aL得L＝v212a=1m即绝缘管的长度L为1m．（3）小球离开管口进入复合场，其中qE=2×10-3N，mg=2×10-3N．故电场力与重力平衡，
答：解：(1)导体棒先在无磁场区域做匀减速运动，有： 代入数据解得：t=1 s，x=0.5 m，导体棒没有进入磁场区域导体棒在1s末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5 m (2)前2s磁通量不变，回路电动势和电流分别为：E=0，I=0后2s回路产生的电动势为： 回路的总长度为5m，...
答：(1)导体棒在ls末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5m(2) 0.2A 顺时针方向(3)0.04J (1)导体棒先在无磁场区域做匀减速运动，有 代人数据解得： =1s，x=0.5m，导体棒没有进入磁场区域。导体棒在ls末已停止运动，以后一直保持静止，离左端位置仍为x=0.5m(2)前2s...
答：5m（2）第2秒末到第4s末时间内磁感应强度均匀减小，回路中产生的感应电动势为：E=△Φ△t=△B?S△t=0.4×12V=0.2V则产生的焦耳热为：Q=E2R?t=0．221×2J=0.08J答：（1）导体棒从开始运动到停止运动，前进的位移为0.5m；（2）第2秒末到第4s末，回路产生的焦耳热为0.08J．
答：小物块和滑板相对于地面的位移相同，则有：v2+v1′2t＝V1t解得：v2=v1=2qElm（3）设第一次碰撞过程中能量损失为△E根据动量守恒：mv1=mv'1+8mV1能量守恒定律：12mv21＝12mv′21+12×8mV12+△E运算得到：△E＝825qEL第二次碰撞前瞬间：滑板速度：v2=v1=2qElm，...
答：M 与左挡板碰撞，碰后 m 相对 M 向左滑动，直到重新达到共同速度 v 2 ，则( M － m ) v 1 =( M ＋ m ) v 2 ③ ④由③④解得 显然 L 2 < L 1 ，同理 L 3 < L 2 ，…因此，只有第一次碰后 m 未从 M 上掉下，以后就不可能掉下，则长木板的长度...
答：小物块相对于长木板又向右运动s3 μmgs3＝12(m+M)v22?12(m+M)v23 由于物块相对于小车往复运动，故四次撞前距离小车最左端长度 d=s1-s2+s3 代入数据得：d=13m 答：（1）将要发生第二次碰撞时，小物块与木板的共同速度M?mM+mv0；（2）为使小物块最终不从长木板上落下，...
答：两个小球的电量均减小一半，根据库仑定律F=kQqr2 知：若两个球之间的距离保持不变时，库仑力减小为原来的14；由于库仑力减小，弹簧的弹力减小，弹簧的伸长量减小，两球间的距离减小，所以实际的情况是小球之间的库仑力会大于原来的14．此时弹簧的伸长量x2＞14x1．选项C正确，ABD错误．故选：C．
答：力F保持F=200N不变，弹簧压缩了0.5m，B离木板C的右端0.2m，A离木板C有左端1.0m．作出力F随A位移的变化图线如图所示．（2）在物块B移动前，力F作用于物块A，压缩弹簧使弹簧贮存了弹性势能E0，物块A移动了s=0.5m，设力F做功为W，由能量守恒可得弹簧贮存的弹性势能大小为：E0=W-fAs=100+...
