（2014?虹口区三模）如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的轻质圆柱形容器放置在水平地面上，他们对地面
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-08-07
（2013?上海）如图所示，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的圆柱形容器放置在水平地面上，甲、乙质量相等．现沿
∵他们对地面的压强相等，即：p甲=p乙，
∴ρ甲h甲=ρ乙h乙
∴由图可知：h甲＜h乙，所以ρ甲＞ρ乙；
∵甲、乙质量的变化量相等，即△m甲=△m乙，
∴ρ甲△h甲S甲=ρ乙△h乙S乙，
由图可知：底面积S甲＞S乙，
∴△h甲＜△h乙；故AB错误；
（2）由p=
得：对地面的压力F甲=p甲S甲，F乙=p乙S乙，
∵p甲=p乙，S甲＞S乙，
∴F甲＞F乙，
∵他们放置在水平地面上，压力等于重力，
∴G甲＞G乙，
则由G=mg知：m甲＞m乙，
∵m′=m-△m，而△m甲=△m乙，
∴m′甲＞m′乙．故C正确，D错误．
故选C．
(2014?虹口区三模)两个互相垂直的力F1与F2作用在同一物体上,使物体运动...
答：当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的和，由于力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，所以F1与F2的合力对物体做的总功就为W=3J+4J=7J，故选：A
(2014?虹口区三模)晶体内部的分子有序排列为如图所示的空间点阵(图中的...
答：A、晶体中的分子只在平衡位置附近振动，不会沿三条直线发生定向移动．故A错误；B、C、D、三条直线上晶体分子的数目不同，表明晶体的物理性质是各向异性的．故B错误，C正确；D错误．故选：C
(2013?虹口区三模)如图所示,小球从静止开始沿光滑曲面轨道AB滑下,从...
答：C 试题分析：由机械能守恒得 ，有A到B，由B到C小球做平抛运动则，联立三式解得h/H=4/9，选项C正确。
(2014?虹口区三模)1927年,两位美国物理学家在实验中得到了电子束通过铝...
答：电子束通过铝箔时的衍射图样证实了电子具有波动性；中心的“亮圆”部分是振动的加强点，说明电子落在中心部分的几率比较大；在衍射图样中，光栅的宽度越大，衍射条纹的宽度越小，所以把铝箔换为原子核较大的银箔，其它条件不变，仍可观察到衍射图案，则图中一级亮圆的半径将 变小．故答案为：波动性（...
(2013?虹口区三模)如图所示,粗细不均匀的U形管竖直放置,左端封闭,右...
答：（1）据题：右管面积是左管的两倍，使左、右两管中的水银面相平时，根据连通器的原理可知：左管水银面下降23△h，左管中气柱的长度增大23△h．对封闭气体使用理想气体状态方程： (p0?△h)LS273+t1=p0(L+23△h)S273+t2代入得：(75?2)×10273+27=75×(10+23×2)273+t2解出：t2=76....
(2013?虹口区三模)如图所示,一列横波沿x轴传播,实线和虚线分别是t1时刻...
答：由题，t2=（t1+18s），则波传播的时间为△t=18s，而周期为T=0.5s，则△t=14T，波传播的距离为14λ=3m，由波形平移法得知，波向x轴正方向．故选C
(2013?虹口区三模)如图所示,质量均为m的环A与球B用一轻质细绳相连,环A...
答：A、B、对球B受力分析，受重力mg、水平恒F力和拉力T，如左图，根据平衡条件得： 水平恒力F=mgtanθ，绳对B球的拉力T=mgcosθ，把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力（mA+mB）g、支持力N、恒力F和向左的摩擦力f，如右图根据共点力平衡条件可得：杆对A环的支持力大小N=（mA+mB）g=...
(2014•虹口区三模)在平面直角坐标系中,抛物线y=(x-1)2先向上平移2...
答：解答:解:抛物线y=(x-1)2先向上平移2个单位，再向左平移3个单位，则新抛物线y=(x+2)2+2，顶点坐标是(-2，2)，故答案为:(-2，2).
(2013?虹口区三模)如图所示,甲、乙两个实心均匀正方体分别放在水平地面...
答：由p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgh，∵两物体对水平面的压强相同，即 p=ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，且h甲＞h乙，∴ρ甲＜ρ乙；当从水平方向截去相同高度h后：剩余的甲物体对水平面的压强：p甲′=ρ甲g（h甲-h）=p-ρ甲gh；剩余的乙物体对水平面的压强：p乙′=ρ乙g（h乙-h）=p-ρ乙gh；由于...
(2013?虹口区三模)如图所示,滑块A、B的质量均为m,A套在固定竖直杆上,A...
答：A、B组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，A运动到最低点时，B的速度为零，根据系统机械能守恒定律得：mgL＝12mv2，解得：v=2gL，当A的机械能最小时，则B的机械能最大，则B的动能最大，速度最大，知B此时加速度为零，设杆与竖直方向间夹角为θ，B球的速度为vB，此时A球的速度为vA，则：...
因为甲为规则固体，乙为规则容器，则甲对地面的压强：p甲=ρ甲gh甲，乙对容器底的压强：p乙=ρ乙gh乙，因为甲、乙质量相等，所以甲对地面的压力和乙对容器底的压力等于重力，并且相等，而S甲＞S乙，由p=FS可得，甲对地面的压强小于乙对容器底的压强；∵h甲＞h乙∴ρ甲＜ρ乙，当沿水平方向切去部分甲并从容器中抽出部分乙后，甲对地面的压强大于乙对容器底部的压强时，由p=ρgh可得，h甲＞h乙，由于v=sh，所以V甲一定大于V乙．故选B．
（1）如图所示，V甲＞V乙，m甲=m乙，由ρ=mV可知，所以ρ甲＜ρ乙，故ρ甲不可能等于ρ乙，A选项错误；（2）物体丙放在甲上面时，增加的压力与丙的重力相等，即F=G丙，增加的压强为p乙=FS=G丙S甲=ρ丙gV丙S甲；物体丙浸没在乙液体中时，排开液体的体积与丙的体积相同，由G=mg，ρ=mV得，容器中增加的液体的重力G乙=ρ乙gV乙=ρ乙gV丙，增加的压强p乙=FS=G乙S乙=ρ乙gV丙S乙；又知甲对地面压强的增加量大于乙对容器底部压强的增加量，所以：ρ丙gV丙S甲＞ρ乙gV丙S乙，即ρ丙S甲＞ρ乙S乙，从图中可以看出S甲＞S乙，所以ρ丙＞ρ乙．又因为ρ甲＜ρ乙，所以ρ丙＞ρ乙＞ρ甲．故B正确，CD错误；故选B．
（1）因为甲为规则圆柱体，乙为规则容器，则甲对地面的压强：p甲=ρ甲gh甲，乙对容器底的压强：p乙=ρ乙gh乙，∵他们对地面的压强相等，即：p甲=p乙，
∴ρ甲h甲=ρ乙h乙
∴由图可知：h甲＜h乙，所以ρ甲＞ρ乙；
∵甲、乙质量的变化量相等，即△m甲=△m乙，
∴ρ甲△h甲S甲=ρ乙△h乙S乙，
由图可知：底面积S甲＞S乙，
∴△h甲＜△h乙；故AB错误；
（2）由p=
| F |
| S |
∵p甲=p乙，S甲＞S乙，
∴F甲＞F乙，
∵他们放置在水平地面上，压力等于重力，
∴G甲＞G乙，
则由G=mg知：m甲＞m乙，
∵m′=m-△m，而△m甲=△m乙，
∴m′甲＞m′乙．故C正确，D错误．
故选C．
答：当有多个力对物体做功的时候，总功的大小就等于用各个力对物体做功的和，由于力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，所以F1与F2的合力对物体做的总功就为W=3J+4J=7J，故选：A
答：A、晶体中的分子只在平衡位置附近振动，不会沿三条直线发生定向移动．故A错误；B、C、D、三条直线上晶体分子的数目不同，表明晶体的物理性质是各向异性的．故B错误，C正确；D错误．故选：C
答：C 试题分析：由机械能守恒得 ，有A到B，由B到C小球做平抛运动则，联立三式解得h/H=4/9，选项C正确。
答：电子束通过铝箔时的衍射图样证实了电子具有波动性；中心的“亮圆”部分是振动的加强点，说明电子落在中心部分的几率比较大；在衍射图样中，光栅的宽度越大，衍射条纹的宽度越小，所以把铝箔换为原子核较大的银箔，其它条件不变，仍可观察到衍射图案，则图中一级亮圆的半径将 变小．故答案为：波动性（...
答：（1）据题：右管面积是左管的两倍，使左、右两管中的水银面相平时，根据连通器的原理可知：左管水银面下降23△h，左管中气柱的长度增大23△h．对封闭气体使用理想气体状态方程： (p0?△h)LS273+t1=p0(L+23△h)S273+t2代入得：(75?2)×10273+27=75×(10+23×2)273+t2解出：t2=76....
答：由题，t2=（t1+18s），则波传播的时间为△t=18s，而周期为T=0.5s，则△t=14T，波传播的距离为14λ=3m，由波形平移法得知，波向x轴正方向．故选C
答：A、B、对球B受力分析，受重力mg、水平恒F力和拉力T，如左图，根据平衡条件得： 水平恒力F=mgtanθ，绳对B球的拉力T=mgcosθ，把环和球当作一个整体，对其受力分析，受重力（mA+mB）g、支持力N、恒力F和向左的摩擦力f，如右图根据共点力平衡条件可得：杆对A环的支持力大小N=（mA+mB）g=...
答：解答:解:抛物线y=(x-1)2先向上平移2个单位，再向左平移3个单位，则新抛物线y=(x+2)2+2，顶点坐标是(-2，2)，故答案为:(-2，2).
答：由p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρgh，∵两物体对水平面的压强相同，即 p=ρ甲gh甲=ρ乙gh乙，且h甲＞h乙，∴ρ甲＜ρ乙；当从水平方向截去相同高度h后：剩余的甲物体对水平面的压强：p甲′=ρ甲g（h甲-h）=p-ρ甲gh；剩余的乙物体对水平面的压强：p乙′=ρ乙g（h乙-h）=p-ρ乙gh；由于...
答：A、B组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒，A运动到最低点时，B的速度为零，根据系统机械能守恒定律得：mgL＝12mv2，解得：v=2gL，当A的机械能最小时，则B的机械能最大，则B的动能最大，速度最大，知B此时加速度为零，设杆与竖直方向间夹角为θ，B球的速度为vB，此时A球的速度为vA，则：...
