如图所示,一竖直放置的金属圆环,总电阻为R,有一金属杆长为L,一端绕环心O自由转动,另一端固定一质量
kuaidi.ping-jia.net 作者:佚名 更新日期:2024-07-02
如图B-10所示,粗细均匀的金属环的电阻为R,可以绕轴O转动的金属杆OA的电阻为R/4,杆长为L,A端与环相接触
,
金属杆切割磁感线产生的感应电动势:
E=
BL2ω=
BLv,
金属圆环被分为两个半圆,两半圆环并联电阻:
R并=
=
,
通过金属杆的电流:
I=
=
=
,
磁场力(安培力)的功率:
P=F
1.绕轴O转动的金属杆OA,其上每一点的速度是不一样的,不能直接用公式E=BLv 来计算。
2.可以利用电动势是磁通量的变化率来求:
设经过实践t 金属杆OA转过的角度q=ωt,这段时间扫过的扇形弧长为qL,扇形面积 是 L^2*q/2=ωtL^2/2
磁通量的变化是B*ωtL^2/2,磁通量的变化率是B*ω*L^2/2,即E=B*ω*L^2/2
大哥图呢?
①在竖直位置,金属杆的角速度:ω=v |
L |
金属杆切割磁感线产生的感应电动势:
E=
1 |
2 |
1 |
2 |
金属圆环被分为两个半圆,两半圆环并联电阻:
R并=
| ||
2 |
R |
4 |
通过金属杆的电流:
I=
E |
R并+r |
| ||
|
2BLv |
R+4r |
磁场力(安培力)的功率:
P=F
. 答:6.如图所示,在一个负点电荷产生的电场中,一条电场线上有M、N两点.设M、N两点的场强大小分别为EM和EN,一个正电荷在M、N两点受到的电场力的大小分别为FM和FN,则( ) A.EM>EN,FM>FN B.EM>EN,FM<FN C.EM<EN,FM<FN D.EM<EN,FM>FN 答案:C 7.如图所示,带正电的金属圆环竖直放置,其中心处有一个... 答:A、磁感应强度均匀增大,感应电流的磁场的方向向下,所以感应电流的方向为顺时针方向,故A正确;B、根据法拉第电磁感应定律,感应电动势:E=△?△t=△B△t?S,由于磁感应强度均匀增大,所以电动势不变,感应电流的大小也不变.故B正确;C、根据左手定则可得,线圈受到的安培力的方向指向圆心,所以... 答:磁感线是闭合曲线,磁铁内部穿过圆环的磁感线总条数一定,外部磁感线分布在无限大空间,将磁铁内部的磁感线抵消一部分,当形状由Ⅰ扩大变为Ⅱ时,磁铁外部穿过圆环的磁感线增多,抵消多,总磁通量将减小.故选B点评:对于线圈中有两种方向的磁感线穿过时,磁通量要看抵消后总条数来确定磁通量. 答:根据楞次定律的表现:“来拒去留”,所以磁铁在穿过环之前,圆环产生的感应电流对磁铁是“拒”的作用,即阻碍作用,阻碍磁铁的靠近,故磁铁会减速.穿过环之后的短时间内,圆环产生的感应电流对磁铁是“留”的作用,也会阻碍磁铁向前运动,故磁铁会减速.故答案为:减速 ... 答:如果俯视的话,磁感线就是一个同心圆。如果,金属圆环的中心与磁感线“圈”的中心重合,那么就既没有进去的,有没有出来的。磁通量自然为0;如果是竖直的放置圆环,即导线与线圈平行,假设线圈中心轴线和导线重合,那么同样的,画一个正视图,线圈左半部分全是出来的,线圈右边全是进去的,不难看出,... 答:1、用动能定理,-mg*2r=mv^2/2-mv0^2/2,则在最高点:mv^2/2=mv0^2/2-2mgr=mgr,此时的向心力mv^2/r=2mg。因此在最高点环对小球作用力N=mg,向下。2、与环无作用力,则在最高点重力提供向心力,mg=mv^2/r,此时v=sqrt(gr)。用动能定理,-mg*2r-Wf=mv^2/2-mv0^2/2=... 答:可由楞次定律“来拒去留”的结论进行判断:当未穿过时,磁铁向右靠近线圈时,(线圈左磁铁右)两者因靠近而排斥,即磁铁受向右的安培力,做减速运动;线圈加速 当已穿过时,磁铁向右远离线圈时,(线圈右磁铁左)两者因远离而吸引,即磁铁受向右的安培力,做减速运动;线圈加速 当最终两者速度相同时,... 答:答案A 因为磁力线是闭合曲线,b磁铁外部磁通量抵消磁铁内部的磁通量大于a。 答:将整个导体棒分割成n个小线元,小线元端点到轴线的距离分别为:r0(=0),r1,r2,…,ri-1,ri,…,rn-1,rn(=a),第i个线元的长度为:△ri=ri-ri-1,当△ri很小时,可以认为该线元上各点的速度都为vi=ωri,该线元因切割磁感应线而产生的电动势为:△Ei=B△rivi=Kriωri△ri... 答:A、穿过金属圆环的磁通量 Φ=BS,Φ∝B,所以Φ-t图象与B-t图象相似,故A正确.BC、磁感应强度在0到t0内,由于磁感应强度垂直纸面向里为正方向,大小在均匀增大,△B△t不变,根据法拉第电磁感应定律可知产生的感应电动势e不变,感应电流不变,由楞次定律可得线圈感应电流是逆时针;磁感应强度在... |