高一物理题，要详细过程，急急急急急急急急急急急急急急急急
一、先求阻力f=0.1mg
再由牛顿第二定律，F-f=ma (a=1m/s²） 可求出F=ma+f
再由P=FV （该阶段F不变，P代额定功率，可求出P=P额时的速度）
再由V=at 可求出时间（因为V0=0）
二、把运动员每次跳跃转换成质点做竖直上抛运动模型．每次跳跃总时间
T＝（60／180）s＝（1／3）s，
每次腾空的时间t＝（1／3）（1－2／5）＝0.02s．
每次腾空高度 h＝（1／2）g（t／2）²＝（1／2）×10×（0.2／2）2＝0.05m．
每次腾空上升时克服重力做的功 W＝mgh＝50×10×0.05＝25J．
把每次跳跃总时间T内的触地过程、下落过程舍弃，简化成在T内就是单一竖直上升克服重力做功的过程，故可解出
P＝W／T＝25／（1／3）＝75W．
三、先求阻力f=mgk
由（1/2)at²=L 可求出火车运动距离为L时的a
由牛顿第二定律F-f=ma 可求出火车运动距离为L时的F
再由P=FV （P=P额， 可求出火车运动距离为L时的V）
（1）运动员受重力、支持力、摩擦力 重力做的功为：w1=mgh=30*10*50j=15000j 支持力做的功为：w2=0（因为运动员所受的支持力方向与他的位移垂直） 摩擦力做的功为：w3=-μmgcosθ*(h/sinθ)=-2000j（2）合力做的功为：w=w1+w2+w3=13000j（3）运动员的加速度为：a=f合/m=（mgsinθ-μmgcosθ）/m=5.2m/s2 运动员的位移为：s=h/sinθ=50m 所以运动员到达坡底的速度为：v=根号（2as）=根号（2*5.2*50）m/s≈22.8m/s 所以运动员到达坡底时摩擦力的功率为：p=-μmgcosθ*v≈9142.1w
(2)重力势能Ep=mgh
动能Ek=1/2mv2(平方）
根据机械能守恒定律Ek2+Ep2=Ek1+Ep1
Ek2=1/2m*200^2
Ep2=450mg（g按你书上的取，我是取的9.8）
Ek1=1/2V1^2（初速度）
Ep1=0(无重力势能)
1/2m*200^2+450m*9.8=1/2mv1^2 （m可以约去）
算得v1=221.4m/s
(3)分析：因为人对小球做的功就只在扔出小球前的那一刻，在空中时人没有对小球做功（你的手不可能跟小球一起飞吧？）所以可以根据：W动=1/2mv²求出人对小球做的功。在离地H高度时柚子的动能等于重力势能二分之一，设速度为vt，则有mgH=mvt²，因为柚子在运动过程中只受重力，所以可以用能量守恒来求：mgh+1/2mvo²=0+1/2mvt²（h=10m，m=1Kg）
解：⑴W动=1/2mv²
所以W动=1/2×1Kg×100m/s²
=50J
⑵设离地高度为H，且瞬时速度为vt1
∴有mgH=mvt1²，两边约去m
∴H=vt1²/g
又∵vt1²-vo²=-2g（H-10m）
∴vt1²=vo²-2g（H-10m）
所以H=vo²/g-2（H-10m）
30m=3H
∴H=10m
⑶设地面为0势力面，所以到达地面时重力势能为0
所以mgh+1/2mvo²=0+1/2mvt²（h=10m，m=1Kg）
∴100J+50J=vt²/2
所以vt=10根号下3m/s
设加速时间为t1,匀速时间为t2，减速时间为t3
t1+t2+t3+=130 方程1
因为S=1/2at^2
1/2*1.6*t1^2（S1）+Vm*t2+1/2*6.4*t3^2（S3）=1600 方程2（第三个阶段之所以可以直接列出这样的位移-时间方程，是因为可以把这个阶段从后向前看，这样开就可以把这个过程视为初速度为零的匀加速运动的相反过程）
又因为第一个过程和第三个过程的加速度之比为1：4，都增加到相同的速度（即最大速度）（依然把第三个过程反着看）
所以t1：t2=4：1 方程3
S1：S3=4：1 （你可以试试自己推这个，用s=1/2at^2）方程4
四个未知数，四个方程，均可得解
设加速时间为t1，匀速时间为t2，减速时间为t3.最大速度即匀速行驶时的速度设为V，则
t1=V/a1，t3=V/a3，依题意有
(V/1.6)+t2+(V/6.4)=130 …………①
加速过程的平均速度为（0+V）/2=V/2，同理减速过程的平均速度也为V/2，由
平均速度*时间=路程，得
(V/2)*(V/1.6)+ V*t2+ (V/2)*(V/6.4)=1600 …………②
①②联立可解出最大速度V
解：
设减速用时为t，那么加速用时4t, Vm=6.4t
(130-5t)*Vm+(Vm/2)*5t=1600
解出t=2,50(舍去）
所以Vm=6.4*2=12.8m/s.
设加速时间为t1，匀速时间为t2，减速时间为t3.
最大速度为匀速行驶时速度设为Vm
Vm=a1×t1
总行程S=1/2×a1×t1^2 + Vm×t2 + 1/2×a3×t3^2
t1+t2+t3=130s
a1×t1=a3×t3
答：碰撞前，F合=F电-F摩=0.02N，方向水平向右。由0.02*1=1/2M（V12-V02）有，V12=4.47M/S A，B动量守衡，有MAV1=MAV2+MBV0。有MBV0=0 则，V2=4.47M/S，方向水平向左。F1=F电+F摩=0.04N，由FS=1/2MV2得，S=2.5M ...
答：一、上升过程中，运动方向向上，阻力向下，重力向下，加速度a=g+(f/M)下降过程中，运动方向向下，阻力向上，重力向下，加速度a=g-(f/M)二、工人推车时，车子受到推力、摩擦力作用，那么就有：F-f=ma 即f=F-ma=90N-45kg·1.8m/s²=9N 不推车时，车子仅受摩擦力，那么加速度为：a=...
答：物体由静止到4秒末速度达到 4m/s，是做初速度为零的匀加速运动。根据 v=at 得到 a1=1 (m/s^2）撤去F 后，经6秒后速度为0，是做初速度为4m/s的匀减速运动。由 vt=v0-at 得到此时 a2=2/3 （m/s^2）此时的匀减速运动 a2 是由摩擦力产生，即 mgμ=ma2 求得μ=...
答：简化成在T内就是单一竖直上升克服重力做功的过程，故可解出 P＝W／T＝25／（1／3）＝75W．三、先求阻力f=mgk 由（1/2)at²=L 可求出火车运动距离为L时的a 由牛顿第二定律F-f=ma 可求出火车运动距离为L时的F 再由P=FV （P=P额， 可求出火车运动距离为L时的V）...
答：解：1、S=V10×t=20×0.5=10（m）。2、刹车10s时，Vt=V10-at=20-1.4×10=6（m/s）。3、后车停止运动需要的时间为：t=V10/a=20/1.4=100/7（s）。停止运动前1s的时间为：t1=t-1=100/7-1=93/7（s）。此时的速度为：Vt1=V10-at1=20-1.4×93/7=1.4（m/s）。位移：...
答：由题意知此时A与B之间，A与地面之间的静摩擦力都等于滑动摩擦力，这AB质量分别为 M，m A与B之间的摩擦力f1=Fu=0.5F=mg，得F=2mg，又可将AB看做一个整体，对地摩擦力f2=（M+m）gu`=0.2（M+m）g 又f2=F,得 F=0.2（M+m）g=2mg，可得M=9m，即M：m=9：1 ...
答：a1-a2=（q1+q2）*E/m-2Kq1*q2/r^2m，分别令a1-a2=0，小于0，大于0，求解r值分别为：a1-a2=0时：r=（2Kq1*q2/（r^2*（q1+q2）*E）^0.5；a1-a2<0时，r>（2Kq1*q2/（r^2*（q1+q2）*E）^0.5；a1-a2>0时，r<（2Kq1*q2/（r^2*（q1+q2）*E）^0.5；所以该题应选...
答：根据 .v平均＝h／t＝v／2得：v=2h／t =2×10m/s=20m/s （2）火箭燃料耗尽后能够继续上升的高度 h1＝v²／2g=20²／20m=20m 故火箭离地的最大高度：H=h+h1=40+20=60m．第二题（1）．煤块A在传送带上运动，设其加速度为a，加速时间为t，则vt-1／2at²=4 m，at...
答：解 设o点的竖直速度为 V0 水平位移为20时时间为 t 则水平位移为40时时间为 2t 竖直位移为10时竖直速度为 V1=V0+gt 竖直速度为30时竖直速度为 V2=V0+2gt H1=[V1^2-V0^2]/2g=10 H2=[V2^2-V1^2]/2g=30-10=20 解得 t≈0.8s V0=8.5cm/s=0.085m/s 所以 平抛的初速度为...
答：先受力分析（如图，不知是不是那样），只受重力，摩擦力，支持力。合外力沿斜面向上。分解加速度a，分为a1、a2.a1=acosb=f/m，所以f=macosb。a2=asinb=(N-G)/m，所以N=masinb+mg
