如图所示粗细均匀的u形管竖直放置,左管上端封闭,封口柱有一段水银柱1
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-01
设玻璃管两侧水银面高度差是h，大气压为P 0 ，封闭气体压强P=P 0 -h，
沿虚线所示的位置把开口一侧的部分截掉，h变小，封闭气体压强P=P 0 -h变大，
气体温度不变，压强变大，由玻意耳定律可知，封闭气体体积变小，故A正确，BCD错误；
故选A．
答：① ②做正功；吸热 ①设U型管横截面积为S，右端与大气相通时左管中封闭气体压强为 ，右端与一低压舱接通后左管中封闭气体压强为 ，气柱长度为 ，稳定后低压舱内的压强为 。左管中封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律得 ① ② ③ ④ ⑤由几何关系得 ⑥联立①②③...
答：；根据气体方程得：P1V1T1＝P2V2T2代入得：72×10300＝76×12T2解得：T2=380K，t2=107℃（2）气体作等温变化 P3=P0=76cmHg，V3=L′S根据玻意耳定律可得： P1V1=P3V3，代入解得：L′=9.47cm由几何关系得，h=△h+2（L-L′）=5.06cm答：①若对封闭气体缓慢加热，为了使左、右两管...
答：；根据理想气体状态方程：P1V1T1＝P2V2T2代入数据73×10300＝75×11T2，从中求得T2=339K，t2=T2-273=66℃（ⅱ）气体作等温变化，P3=P0=75cmHg，V3=L3S根据玻意耳定律：P1V1=P3V3 代入数据73×10=75×L3，从中求得L3=9.73 cm，即闭管水银柱上升了0.27cm，所需注入的水银柱长为H=（2...
答：气体长度缩短10cm，故需要再注入10+19+10=39cm的水银柱；②气体被压缩，是外界对气体做功正功；气体温度不变，内能不变，根据热力学第一定律公式△U=W+Q，气体对外放热；答：①需需要再注入39cm的水银柱；此时封闭端空气柱的长度是30cm；②注入水银过程中，外界对封闭空气做正功，气体将放热．
答：P 3 =P 0 =75cmHg，V 3 =L 3 S根据玻意耳定律：P 1 V 1 =P 3 V 3 代入数据73×10=75×L 3 ，从中求得L 3 =9.73cm，即闭管水银柱上升了0.27cm，所需注入的水银柱长为H=（2+2×0.27）cm=2.54cm答：（ⅰ）若对封闭气体缓慢加热，温度需升高到66℃；（ii）若温度保持27°...
答：小题1:66℃小题2:2.54cm （1）根据理想气体状态方程： (2分）代入数据 ，从中求得T 2 ＝339K ，t 2 ＝66℃ (3分）（2）根据玻意耳定律：P 1 V 1 ＝ P 3 V 3 (2分）代入数据73×10 ＝ 75×L 3 ，从中求得L 3 ＝ 9.73 cm ，即闭管水银柱上升了0.27cm，...
答：ρ酒精=0.8g/cm3 ρ水银=13.6g/cm3 ρ水=1g/cm3 ∵ρ水＞ρ酒精，∴右管的酒精深度会高于左管中水的深度，即h酒精 ＜h水．设左右两管中酒精柱和水柱的长度差，即为左、右管水银面的高度差为△h，∵原来的只有水银时两管中的水银面相平，且距管口的距离为h=12.7cm，∴右侧酒精柱的...
答：设U型管的横截面积为S，则左端被封闭的气体初状态：P1=P0，V1=l1S末状态为：P2，V2=（l1+102）S有理想气体的等温变化得：P1V1=P2V2代入数据得：P2=60cmHg则低压仓的压强：P=P2-h=60-10=50cmHg答：稳定后低压舱内的压强是50cmHg．
答：解：对管中的液体，运动过程中只有重力做功它的机械能守恒，液体减少的重力势能等于液体增加的动能设液体的总质量为m那么当液面相平时相当于质量为 的液体下降了 的高度所以减少的重力势能为 根据机械能守定律： 解得
答：A、加水银前，A气体压强：P A =P 0 +ρgh 2 -ρgh 1 =P 0 ；B气体压强：P B =P 0 +ρgh 2 ；当向右管开口端注入少量水银时，A、B气体压强均变大，要被压缩；假设B气体体积不变，则水银面c下降的高度等于水银面a上升的高度；由于B气体体积同时要减小，故水银面c下降的高度大于水银面...
