（12分）如图所示，一质量为m带正电的小球，用长为L的绝缘细线悬挂于O点，处于一水平方向的匀强电场中，
试题分析：⑴由图可知，小球受到的电场力方向向左，电场方向向右，所以小球带负电。 ⑵小球受三个力作用处于平衡状态，受力分析图见上图，有tan37 0 ="Eq/mg" 可得：E=3mg/4q ⑶从图示位置将线剪断后，小球只受重力和电场力的作用，所以小球将做匀加速直线运动 小球受的合力为F=mg/cos37 0 根据牛顿第二定律得：F="ma" 解得：a=1.25g 点评：学生要画出小球的受力示意图，是解本题的关键。
（1） （2）小球竖直平面沿斜向下方向做圆周（圆弧或来回摆动）运动。突然将电场的方向变不竖直向下时，由于 ，其重力和电场力的合力方向竖直向下，与悬线的夹角为钝角，由于悬线不能伸长，故小球在竖直平面内沿圆弧摆下，做圆周运动。（或沿圆弧摆下然后沿圆弧来回摆动）。 （3） （1）小球带负电（2分） 设带电小球所带电荷量的大小为q，带电小球受重力mg、电场力F 电 和细线拉力T，带电小球处于平衡状态，有 ①（2分） ②（4分）（2）小球竖直平面沿斜向下方向做圆周（圆弧或来回摆动）运动。（2分）突然将电场的方向变不竖直向下时，由于 ，其重力和电场力的合力方向竖直向下，与悬线的夹角为钝角，由于悬线不能伸长，故小球在竖直平面内沿圆弧摆下，做圆周运动。（或沿圆弧摆下然后沿圆弧来回摆动）。（2分，只要叙述正确有理都可给分）（3）带电小球到最代点时速最大，设小球的最大速度为v m 。小球摆下过程中重力做正功，电场力做负功，由动能定理得 ③（3分）联立①③式得： （3分）
| （1）T＝ （2）其电势能增加为 （3）v C ′ ＝ 答：（1）1.0 ；（2）100V；（3）0.1T 试题分析：（1）带电微粒经加速电场加速后速度为v，根据动能定理 （2）带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动，在水平方向微粒做匀速直线运动；水平方向： 带电微粒竖直方向做匀加速直线运动，加速度为a，出电场时竖直方向速度为v 2 竖直... 答：试题分析：设场强 对AB整体： 得 （4分）当A下落速度最大时： 代入k得 （4分）对A下落过程： 得 （4分） 答：（1） ………（2） ……… 解：（1）设滑块撞击顶板的速度为 ，碰扣共同速度为 ，由机械能守恒和动量守恒得： ①………（2分） ②………（2分）解得： ………（2分）（2）设弹簧开始时的压缩量为 ，两者达到最大速度时的压缩量为 ，最大速度为 ，有： ③………... 答：答案2分 ②（12分）由受力分析可知小球再次做类平抛运动，设运动的加速度为a 2 ，x 1 为第一次水平方向的位移，运动轨迹如图所示： ……⑦ ……⑧ ……⑨ ……⑩ ……11 ⑦2分⑧1分，⑨⑩⑾各2分，答案3分 答：由运动学公式有： （1分） （2分） （2分）所以物体从A运动到B所用的时间为： （1分）点评：难度较小，牛顿第二定律的应用问题，首先要先分析受力情况，求出加速度，把此类问题转化为运动学，再由运动学规律求解 答：（1） （2） 试题分析：（1）碰撞过程中动量守恒，所以有 （4分）解得 （2分）（2）系统损失的动能全部转化为系统产生的热量，所以 （4分）解得： （2分） 答：解：（1） （2） 试题分析：（1）根据整体法 ，隔离开m则， 在m和M之间未产生相对滑动时， ，所以 （2）当m与M出现相对滑动瞬间， ，此时拉力为 。当 时，M与m已经产生相对运动，当M的位移比m位移多出L，则两者分离。对于m： 对于M：加速度为 ， 则根据 可得： ... 答：(1) L<0.8m (2)8.5×10 -2 J (3) 5×10 -4 J 试题分析：（1）建立如图所示的直角坐标系。 又机械能守恒定律 ，得小球弹开时获得的初速度 m/s (2分)进入电场，A球水平方向做匀减速运动，B球水平方向做匀速运动，故B碰不到极板，A球就碰不到极板。B球进入电场后向右... 答：②加速到 v =2m/s过程中运动的位移为 s = m="2m " ③摩擦力做的功为 W = fs ="1×2J=2J " ④物体从左端运动到右端共经历时间 t = s=6s。 ⑤评分标准：本题12分①—④各2分 ⑤式4分。 答：题目告诉我们m到达M中点时 小车 联立得 代入数据 （2）在BC端的运动，对小车匀减速 对小物块匀加速 假设二者最终的共同速度是 则有 则 CB阶段小车匀减速的位移与木块匀加速位移之差等于第一段即AB段二者位移之差 联立以上解得得 ... 快递评价网，热门人物的介绍与评论。内容来自于会员交流，不代表本站立场与观点。
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