如图光滑斜面的倾角α=30°，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l 1 =1m，bc边的边l 2 =0.6m，线框
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-21
如图所示，光滑斜面的倾角a=30度，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长L=1m，bc边的
如图所示,在倾角为=30º的光滑斜面上,有一根 长为L=0.8m的细绳,一端...
答：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：mgsinα= mv2AL，解得：vA= gLsinα（2）小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有：12m v2A+mg?2Lsinα= 12m v2B，解得：vB= 5gLsinα=2 5m/s．...
如图所示,在倾角为30度的光滑斜面上,并排放着质量分别为mA=10kg和mB...
答：回答：根据题意分析可知,在前0.2s内物体A、B一起作匀加速直线运动,0.2s后A、B将分离。 在t=0时,弹簧被压缩x1=(mA+mB)g/k; 在t=0.2s时,设弹簧被压缩x2,则 k x2-mBgsin30°=mBa x1- x2=at2/2;得a=11m/s2 所以, Fmin = (mA + mB) a =132N Fmax = mAg sinα + mAa = 16...
如右图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上,有一根长为L=0.8 m的细绳...
答：C 试题分析：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有： 解得： ；小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有： ，解得： ．C正确故选C．．点评：要了解物体做圆周运动的特点，同时也用到机械能守恒，是一个很好的综合题目，...
如图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上,有一长l=0.4m的细绳,一端固定在...
答：解：（1）小球沿斜面向下的力 F∥=mgsin30°=1/2mg，小球以最小速度通过最高点A时，绳子张力为0，F∥提供向心力，即 1/2mg=mV²/L 得 V=√2 m/s；（2） mV²/L+F∥=9.8，解出V即可。O(∩_∩)O~
急需 如图,倾角α=30度的足够长光滑斜面固定在水平面上,斜面上放L=1.8...
答：沿着斜面向上的加速度为(30-0.5*40)/4=2.5
如图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上,有一根长为L=0.8m的细绳,一端...
答：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：mgsinα= mv 2A L ，解得：v A = gLsinα （2）小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有： 1 2 m v 2A +mg?2Lsinα= 1 2 m v...
如图所示,一斜面ABCD倾角为α=30°,斜面上放置一物块,开始处于静止,现...
答：由题意知物块受重力、支持力、水平推力和摩擦力共四个力作用．如图甲所示，将重力沿斜面和垂直斜面进行正交分解，在垂直斜面方向受力如图乙所示．由力的平衡条件可得F f =mg sinα sinβ ，又F f =μF N ，F N =mgcosα，联立以上有μ= 2 3 ．故选：A．
如图所示,在倾角α=30°的光滑斜面上,有一长L=0.4米的细绳,一端固定在...
答：（1）小球通过最高点A的最小速度就是绳子上拉力为零的时候，所以有：mgsinα=mv2AL代入数据可得最小速度：vA=2m/s．（2）小球在最低点B的最大速度满足的条件：Fmax-mgsinα=mv2BL．代入数据可得最大速度：vB=4m/s．答：（1）小球通过最高点A的最小速度2m/s； （2）若细绳的抗拉力为...
如图所示,在倾角为α=30°的光滑斜面上,有一根长为L=0.8m的细绳,一端...
答：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：mgsinα=mvA2L，解得：vA=gLsinα＝10×0.8×12＝2m/s故选：A
如图所示,放在倾角α=30°的光滑斜面上的凹槽,长L=3.000m,质量M=0.16...
答：(1) v 1 =a△t="0.25m/s " f= mg a 1 = =7.5m/s 2 设凹槽开始运动到和铁块速度相同的时间是t 1 ,则: t 1 =0.25+ g t 1 t 1 ="0.05" sx 凹槽 = a 1 t 1 2 = ×7.5×(0.05) 2 = =0.009375=9.375×10 -2 (m)W f =f×x 凹槽...
（1）线框进入磁场前，受到重力、细线的拉力F和斜面的支持力作用做匀加速运动，根据牛顿第二定律得F-mgsinα=ma得，a=F?mgsinαm=5m/s2（2）线框进人磁场最初一段时间是匀速的，合力为零，由E=Bl1v、I=ER、FA=BIl1 得安培力为 FA=B2l21vR根据平衡条件得 F=mgsinα+FA=mgsinα+B2l21vR代入解得 v=2m/s（3）线框abcd进入磁场前做匀加速运动，进磁场的过程中，做匀速运动，进入磁场后到运动到gh线仍做匀加速运动． 进磁场前线框的运动的时间为t1=va=25s＝0.4s 进磁场过程中匀速运动的时间为t2=l2v=0.62s=0.3s线框完全进入磁场后线框受力情况与进入磁场前相同，所以该阶段的加速度仍为a=5m/s2．由s-l2=vt3+12at23解得，t3=1s因此线框整体进入磁场后，ab边运动到gh线的过程中有感应电流的时间为t4=1-（0.9-t1-t2）=0.8s线框中产生的感应电动势为 E=△B△tS=△B△tl1l2=0.52.1?0.9×0.6×1V=0.25V线框整体进入磁场后，ab边运动到gh线的过程中产生的焦耳热为 Q=E2Rt4=0.252×0.80.1J=0.5J答：（1）线框进人磁场前的加速度是5m/s2；（2 ）线框进人磁场时匀速运动的速度v是2m/s；（3）线框整体进入磁场后，ab边运动到gh线的过程中产生的焦耳热是0.5J．
| （1）因为线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动，所以重物受力平衡Mg=T 线框abcd受力平衡T=mgsinθ+F A ab边进入磁场切割磁感线，产生的电动势E=Bl 1 v 形成的感应电流 I=
受到的安培力F A =BIl 1 联立得： Mg=mgsinθ+
解得：v=6m/s （2）线框abcd进磁场前时，做匀加速直线运动；进磁场的过程中，做匀速直线运动；进入磁场后到运动到gh线，仍做匀加速直线运动． 进磁场前 对M：Mg-T=Ma 对m：T-mgsinθ=ma 联立解得： a=
该阶段运动时间为： t 1 =
进磁场过程中匀速运动时间： t 2 =
进磁场后线框受力情况同进磁场前，所以该阶段的加速度仍为：a=5m/s 2 s- l 2 =v t 3 +
解得：t 3 =1.2s 因此ab边由静止开始运动到gh线所用的时间： t=t 1 +t 2 +t 3 =1.2+0.1+1.2（s）=2.5s （3）t时间内线框匀速向上运动， 则t时间内产生的焦耳热，Q=F A l 2 =（Mg-mgsinθ）l 2 解得：Q=9J 答：（1）线框进入磁场时匀速运动的速度6m/s； （2）ab边由静止开始运动到gh线所用的时间2.5s； （3）t时间内产生的焦耳热9J． |
答：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：mgsinα= mv2AL，解得：vA= gLsinα（2）小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有：12m v2A+mg?2Lsinα= 12m v2B，解得：vB= 5gLsinα=2 5m/s．...
答：回答：根据题意分析可知,在前0.2s内物体A、B一起作匀加速直线运动,0.2s后A、B将分离。 在t=0时,弹簧被压缩x1=(mA+mB)g/k; 在t=0.2s时,设弹簧被压缩x2,则 k x2-mBgsin30°=mBa x1- x2=at2/2;得a=11m/s2 所以, Fmin = (mA + mB) a =132N Fmax = mAg sinα + mAa = 16...
答：C 试题分析：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有： 解得： ；小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有： ，解得： ．C正确故选C．．点评：要了解物体做圆周运动的特点，同时也用到机械能守恒，是一个很好的综合题目，...
答：解：（1）小球沿斜面向下的力 F∥=mgsin30°=1/2mg，小球以最小速度通过最高点A时，绳子张力为0，F∥提供向心力，即 1/2mg=mV²/L 得 V=√2 m/s；（2） mV²/L+F∥=9.8，解出V即可。O(∩_∩)O~
答：沿着斜面向上的加速度为(30-0.5*40)/4=2.5
答：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：mgsinα= mv 2A L ，解得：v A = gLsinα （2）小球从A点运动到B点，根据机械能守恒定律有： 1 2 m v 2A +mg?2Lsinα= 1 2 m v...
答：由题意知物块受重力、支持力、水平推力和摩擦力共四个力作用．如图甲所示，将重力沿斜面和垂直斜面进行正交分解，在垂直斜面方向受力如图乙所示．由力的平衡条件可得F f =mg sinα sinβ ，又F f =μF N ，F N =mgcosα，联立以上有μ= 2 3 ．故选：A．
答：（1）小球通过最高点A的最小速度就是绳子上拉力为零的时候，所以有：mgsinα=mv2AL代入数据可得最小速度：vA=2m/s．（2）小球在最低点B的最大速度满足的条件：Fmax-mgsinα=mv2BL．代入数据可得最大速度：vB=4m/s．答：（1）小球通过最高点A的最小速度2m/s； （2）若细绳的抗拉力为...
答：小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，刚小球通过A点时细线的拉力为零，根据圆周运动和牛顿第二定律有：mgsinα=mvA2L，解得：vA=gLsinα＝10×0.8×12＝2m/s故选：A
答：(1) v 1 =a△t="0.25m/s " f= mg a 1 = =7.5m/s 2 设凹槽开始运动到和铁块速度相同的时间是t 1 ,则: t 1 =0.25+ g t 1 t 1 ="0.05" sx 凹槽 = a 1 t 1 2 = ×7.5×(0.05) 2 = =0.009375=9.375×10 -2 (m)W f =f×x 凹槽...
