如图所示，一个底面粗糙，质量m的斜面体静止在水平地面上，斜面体斜面是光滑的，倾角为30度。先用一端
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-08-12
如图所示，一个底面粗糙，质量为m的斜面体静止在水平地面上，斜面体斜面是光滑的，倾角为30°.
如图所示,斜面体M的底面粗糙,斜面光滑,放在粗糙水平面上。弹簧的一端...
答：弹簧的加速度不影响斜面受力。弹簧长度改变，只影响弹力，不改变对斜面的压力，斜面的受力不变 你的想法是整体法，但是整体法有一个前提，就是两者加速度相同或一个静止一个匀速，而题中不是 望有助
(10分)一个底面粗糙、质量为M的劈放在粗糙的水平面上, 劈与水平面的动...
答：整体受力情况如图乙所示，由物体的平衡条件可得：f=Tcos60° (2分)为使整个系统静止，其临界状态是静摩擦力f为最大值，即有 (2分)所以联立以上两式可得：m=6M即小球与劈的质量应满足m 6M (2分)
如图所示,质量为M倾角为α的斜面体(斜面光滑且足够长)放在粗糙的水平地 ...
答：（1）物体平衡时，受重力、支持力和弹簧的弹力，根据平衡条件，有：mgsinα=k?△l解得：△l=mgsinαk（2）根据简谐运动的对称性，最低点和最高点的加速度相等，在最高点，根据牛顿第二定律，有：mgsinα+k?l4=ma解得：a=gsinα+kl4m（3）由于斜面受力平衡，则在竖直方向上有：FN2?Mg?F...
如图所示,质量为M、倾角为α的斜面体(斜面光滑且足够长)放在粗糙的水平...
答：F合=-kx可知物块作简谐运动．（3）物块作简谐运动的振幅为：A＝L4+mgsinak在平衡位置知，弹簧的伸长量为：△L＝mgsinαk．由对称性可知，最大伸长量为L4+2mgsinak．答：（1）物块处于平衡位置时弹簧的长度为l+mgsinαk．（2）证明如上所示．（3）弹簧的最大伸长量为L4+2mgsinak．
水平粗糙地面上放置一质量为M,倾斜角为a的斜面体,斜面表面也粗糙,
答：分析与解：取小滑块与斜面体组成的系统为研究对象，系统受到的外力有重力(m+M)g/地面对系统的支持力N、静摩擦力f(向下)。建立坐标系，对系统在水平方向与竖直方向分别应用牛顿第二定律得：－f=0－mV0cosθ/t,[N－(m+M)g]=0－mV0sinθ/t 所以F=mV0cosθ/t 方向向左 支持力N=（M+m）...
在粗糙水平地面放有一个质量为M的三角形斜劈,斜劈上放有一个质量为m...
答：望采纳哈，欢迎追问~~~还可以拓展：在情况一种增加一个条件：木块还收到一个数值向下的力F，匀速下滑，那么斜面还是不会受到摩擦力，这等效于只是换成了一个质量更大的木块，手里分析还是一样的哈
如图所示,一个边长为a,质量为m的立方体ABCD静止在粗糙斜面上,斜面倾 ...
答：（1）这个力应作用于过D点的棱，方向与BD垂直向上, （2） ①力臂最大时，力最小．所以这个力应作用于过D点的棱，方向与BD垂直向上．底面刚刚离开斜面时，物体受到的重力矩和外力矩处于平衡状态，平衡方程为： 要使立方体向上方转90°，实际上只有使重力作用线过B棱即可，再往下，立方体将...
如图,底面粗糙、斜面光滑的斜面体质量为3kg,倾角为30°,放在粗糙水平面...
答：（1）小球受力如图所示．由平衡条件及正交分解法得?：Tsin60°+FNsin60°=mg?Tcos60°=FNcos60°?所以T=3mg3=33×30=103N；（2）再以小球与劈为研究对象，由力的平衡条件得：Ff=Tcos60°?FN地?=（m+M）g-Tsin60°?kFN地≥Ff．因此k≥3m3m+6M，?可见最小值为k=3m3m+6M=3×33×...
...地面上方向一质量为M倾角为a 的斜面体,斜面体表面也是粗糙的...
答：都为零 w=fscos角度,f为力的大小,s为受力物体对地位移的大小,角度为力与位移的夹角
如图所示,斜面长为s,倾角为θ,一物体质量为m,从斜面底端的A点开始以...
答：如图所示,斜面长为s,倾角为θ,一物体质量为m,从斜面底端的A点开始以初速度v0沿斜面向上滑行.斜 面与物体间的动摩擦因数为μ,物体滑到斜面顶端B点时飞出斜面,最后落在与A点处于同一水平面上的C处,则物体落地时的速度大小为多少?... 面与物体间的动摩擦因数为μ,物体滑到斜面顶端B点时飞出斜面,最后落...
解（1）对小球分析受力，重力竖直向下，拉力沿着绳子与斜面成夹角a=30°，斜面支持力垂直于斜面向上，把这三个力适当平移，根据平衡条件，三力构成一个等腰三角形，三角形的两个底角为a,解得绳子拉力T符合
mg=2T*cosa=sqrt(3)*mg ==>T=sqrt(3)*mg/3
(2)将斜面体和小球看作一个质量为M=2m的整体,分析M受力，受到重力拉力T，地面支持力F和地面摩擦力f，当f=kF时，斜面即将沿着地面滑动，所以对应的是k的最小值k'，注意到重力2mg与地面支持力F都在竖直方向，把这两个力先合成为一个力F'=2mg-F,F'、T与f=kF构成一个直角三角形，直角三角形中，f与2mg垂直，T是这个直角三角形的斜边，
kF=(2mg-F)*tana T=k'*F/sina 联立三式，解得k的最小值k'=sqrt(3)/9，所以k需要满足不等式
k>sqrt(3)/9
沿斜面和垂直于斜面方向建立直角坐标系，对m受力分析得：N+Tsin300＝mgcos300Tcos300＝mgsin300解得：N＝33mg对斜面受力分析得：f0＝Nsin300=μN′N'=mg+Ncos30°解得：μ＝39摩擦系数至少应为39答：地面与斜面间的动摩擦因数至少为39．
答：弹簧的加速度不影响斜面受力。弹簧长度改变，只影响弹力，不改变对斜面的压力，斜面的受力不变 你的想法是整体法，但是整体法有一个前提，就是两者加速度相同或一个静止一个匀速，而题中不是 望有助
答：整体受力情况如图乙所示，由物体的平衡条件可得：f=Tcos60° (2分)为使整个系统静止，其临界状态是静摩擦力f为最大值，即有 (2分)所以联立以上两式可得：m=6M即小球与劈的质量应满足m 6M (2分)
答：（1）物体平衡时，受重力、支持力和弹簧的弹力，根据平衡条件，有：mgsinα=k?△l解得：△l=mgsinαk（2）根据简谐运动的对称性，最低点和最高点的加速度相等，在最高点，根据牛顿第二定律，有：mgsinα+k?l4=ma解得：a=gsinα+kl4m（3）由于斜面受力平衡，则在竖直方向上有：FN2?Mg?F...
答：F合=-kx可知物块作简谐运动．（3）物块作简谐运动的振幅为：A＝L4+mgsinak在平衡位置知，弹簧的伸长量为：△L＝mgsinαk．由对称性可知，最大伸长量为L4+2mgsinak．答：（1）物块处于平衡位置时弹簧的长度为l+mgsinαk．（2）证明如上所示．（3）弹簧的最大伸长量为L4+2mgsinak．
答：分析与解：取小滑块与斜面体组成的系统为研究对象，系统受到的外力有重力(m+M)g/地面对系统的支持力N、静摩擦力f(向下)。建立坐标系，对系统在水平方向与竖直方向分别应用牛顿第二定律得：－f=0－mV0cosθ/t,[N－(m+M)g]=0－mV0sinθ/t 所以F=mV0cosθ/t 方向向左 支持力N=（M+m）...
答：望采纳哈，欢迎追问~~~还可以拓展：在情况一种增加一个条件：木块还收到一个数值向下的力F，匀速下滑，那么斜面还是不会受到摩擦力，这等效于只是换成了一个质量更大的木块，手里分析还是一样的哈
答：（1）这个力应作用于过D点的棱，方向与BD垂直向上, （2） ①力臂最大时，力最小．所以这个力应作用于过D点的棱，方向与BD垂直向上．底面刚刚离开斜面时，物体受到的重力矩和外力矩处于平衡状态，平衡方程为： 要使立方体向上方转90°，实际上只有使重力作用线过B棱即可，再往下，立方体将...
答：（1）小球受力如图所示．由平衡条件及正交分解法得?：Tsin60°+FNsin60°=mg?Tcos60°=FNcos60°?所以T=3mg3=33×30=103N；（2）再以小球与劈为研究对象，由力的平衡条件得：Ff=Tcos60°?FN地?=（m+M）g-Tsin60°?kFN地≥Ff．因此k≥3m3m+6M，?可见最小值为k=3m3m+6M=3×33×...
答：都为零 w=fscos角度,f为力的大小,s为受力物体对地位移的大小,角度为力与位移的夹角
答：如图所示,斜面长为s,倾角为θ,一物体质量为m,从斜面底端的A点开始以初速度v0沿斜面向上滑行.斜 面与物体间的动摩擦因数为μ,物体滑到斜面顶端B点时飞出斜面,最后落在与A点处于同一水平面上的C处,则物体落地时的速度大小为多少?... 面与物体间的动摩擦因数为μ,物体滑到斜面顶端B点时飞出斜面,最后落...
