如图所示，置于水平面上的质量为M、长为L的木板右端水平固定有一轻质弹簧，在板上与左端相齐处有一质量为
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-19
如图所示，置于水平面上的质量为 、长为 的木板右端水平固定有一轻质弹簧，在板上与左端相齐处有一质量
B、M与m、M与地的接触均光滑，板与墙碰撞无机械能损失，从板与墙碰撞以后，物体向右运动，与弹簧接触后做减速运动，木板向左运动，物体与弹簧接触后木板做减速运动，当物体速度减到零时，物体到墙的距离最近，故B错误；
C、由于物体质量较小，所以物体做减速运动速度先减到零，此时木板具有向左的速度，在弹簧的弹力作用下，物体要向左加速运动，木板继续做减速运动．当物体和木板对地的速度相同时，物体到板右端距离最近，弹簧的压缩量最大，当小物体脱离弹簧后，弹簧的弹性势能为零，产生物体还没有滑到板的最左端，根据能量守恒得系统的动能最大．故C错误；
D、当物体和木板对地的速度相同时，在弹簧的弹力作用下，物体继续要向左加速运动，木板继续做减速运动．当弹簧恢复原长时，物体的速度大于木板的速度，小物体一定会从板的最左左端掉下来，故D正确；
故选：D．
如图所示,倾角为θ的斜面体置于水平面上,其质量为M,它的斜面是光滑的...
答：解答：解：对物体进行受力分析，如图所示：物体受到重力和斜面的支持力作用，合力水平向左，根据几何关系得：N=mgcosθ，F合=mgtanθ，根据牛顿第二定律得：a=F合m＝gtanθ，故AC错误，BD正确；故选：BD
如图所示,质量为M的斜面放置于水平面上,其上有质量为m的小物块,各接触...
答：得到F1=（M+m）a=（M+m）gtanθ右图中同样先对m受力分析，如图设斜面倾角为θ，由几何关系得到F′=mgtanθ ①由牛顿第二定律，得到F2-F′=ma′②再对整体运用牛顿第二定律F2=（M+m）a′③由①②③解得F2=(M+m)mgtanθM因而F1：F2=M：m故选A．
如图所示,质量为m的木块在置于水平桌面上的木板上滑行,木板静止,它...
答：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力FN和向左的滑动摩擦力f1，有f1=μFNFN=mg故f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力FN、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力FN′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=μmg故选：A．
如图所示,质量为m的物体置于水平地面上,受到一个与水平面方向成α角...
答：对物体受力分析，如图，正交分解，根据平衡条件：Fcosα-f=0f=μ（mg-Fsinα）解得：μ=Fcosαmg?Fsinα；故选：A．
如图所示,一质量为M的木板静止置于光滑的水平面上,一质量为m的木块以初...
答：（1） （2）证明见解析 （1）设二者共同速度大小为V 共 ，木块的加速度大小为a，所求时间为t以木块和木板为研究对象，其所受合外力为零，由动量守恒定律有： ① （2分）木块在摩擦力作用下做匀减速运动，由牛顿第二定律有： ② （1分）对木块，由匀变速直线运动规律有： ③ ...
如图所示,置于水平面上的木箱的质量m=10kg,在与水平方向成37°的恒力F...
答：木箱受到重力、恒力F、水平面的支持力和滑动摩擦力作用，设加速度大小为a，根据牛顿第二定律得 Fcos37°-μ（mg-Fsin37°）=ma代入解得 a=0.72m/s 2 所以6s末箱的速度为v=at=4.32m/s 移动的距离是x= 1 2 a t 2 =12.96m答：①木箱的速度是4.32m/s；②木箱...
如图所示,质量为m的木块在置于水平桌面的木板上滑行,木板静止,它的质量...
答：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力FN和向右的滑动摩擦力f1，有：f1=μFNFN=mg得：f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力FN、小滑块对其向左的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力FN′和向右的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有：f1=f2得：f2=μmg故...
如图,质量为m的物体,置于粗糙的水平面上,用一与水平方向夹角为α的力F...
答：解答：解：A、物体做匀速直线运动，受到重力G、拉力F、地面的支持力N和滑动摩擦力f，如图所示．由平衡条件得知： f=Fcosα，故A正确；B、根据平衡条件可知：物体所受的合力为零，所以物体所受的重力、支持力和摩擦力的合力与F等值反向，故B正确；C、物体受到的摩擦力f与拉力F的合力方向与重力G、...
如图所示,质量为m的物体置于水平地面上,所受水平拉力F在2s时间内的变化...
答：A
如图甲所示,一质量为M的长木板静置于光滑水平面上,其上放置一质量为m小...
答：A、当F等于6N时，加速度为：a=1m/s2，对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，代入数据解得：M+m=6kg当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a=F?μmgM=1MF?μmgM，知图线的斜率k=1M=12，解得：M=2kg，滑块的质量为：m=4kg．故A错误．B、根据F大于6N的图线知，F=4时，a=0，...
D 试题分析:板与墙碰撞无机械能损失，板与墙碰撞以后以等大的速度 向左运动，物体则以 向右运动，此后，对木板和物体组成的系统，外力之和为零，动量守恒，选项A错误。物体到墙的距离最近时应是其速度向右在弹簧弹力作用下减为零时，而当物体和木板对地的速度相同时是弹簧被压缩最短，选项B错误。由于各接触面光滑，故在弹簧恢复到原长时，系统的动能已达到最大值，选项C错误。设弹簧恢复到原厂时木板的速度 ，物体的速度 ，，取向左为正，由动量守恒定律： ，由机械能守恒定律： ，联立解得： ， ，因 ，则 ，则小物体一定会从板的最左端掉下来，选项D正确。故选D。
解：（1）小滑块在木板上做匀减速直线运动，则整个滑动过程的平均速度 所以 （2）设小滑块在木板上滑动时所受的摩擦力大小为f，由动能定理可得 ① 所以 ② 由牛顿第三定律和物体的平衡条件，木板对挡板P作用力的大小等于 （3）设撤去档板P，小滑块与木板的共同速度为v，小滑块静止时距木板左端的距离为L′，此过程中小滑块的位移为x 1 ，木板的位移为x 2 ，则 ③ 根据动量守恒定律和动能定理有 ④ ⑤ ⑥ 由②③④⑤⑥式可解得
A、板与小物体组成的系统，所受合力为零，系统动量守恒，故A错误；B、M与m、M与地的接触均光滑，板与墙碰撞无机械能损失，从板与墙碰撞以后，物体向右运动，与弹簧接触后做减速运动，木板向左运动，物体与弹簧接触后木板做减速运动，当物体速度减到零时，物体到墙的距离最近，故B错误；
C、由于物体质量较小，所以物体做减速运动速度先减到零，此时木板具有向左的速度，在弹簧的弹力作用下，物体要向左加速运动，木板继续做减速运动．当物体和木板对地的速度相同时，物体到板右端距离最近，弹簧的压缩量最大，当小物体脱离弹簧后，弹簧的弹性势能为零，产生物体还没有滑到板的最左端，根据能量守恒得系统的动能最大．故C错误；
D、当物体和木板对地的速度相同时，在弹簧的弹力作用下，物体继续要向左加速运动，木板继续做减速运动．当弹簧恢复原长时，物体的速度大于木板的速度，小物体一定会从板的最左左端掉下来，故D正确；
故选：D．
答：解答：解：对物体进行受力分析，如图所示：物体受到重力和斜面的支持力作用，合力水平向左，根据几何关系得：N=mgcosθ，F合=mgtanθ，根据牛顿第二定律得：a=F合m＝gtanθ，故AC错误，BD正确；故选：BD
答：得到F1=（M+m）a=（M+m）gtanθ右图中同样先对m受力分析，如图设斜面倾角为θ，由几何关系得到F′=mgtanθ ①由牛顿第二定律，得到F2-F′=ma′②再对整体运用牛顿第二定律F2=（M+m）a′③由①②③解得F2=(M+m)mgtanθM因而F1：F2=M：m故选A．
答：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力FN和向左的滑动摩擦力f1，有f1=μFNFN=mg故f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力FN、小滑块对其向右的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力FN′和向左的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有f1=f2故f2=μmg故选：A．
答：对物体受力分析，如图，正交分解，根据平衡条件：Fcosα-f=0f=μ（mg-Fsinα）解得：μ=Fcosαmg?Fsinα；故选：A．
答：（1） （2）证明见解析 （1）设二者共同速度大小为V 共 ，木块的加速度大小为a，所求时间为t以木块和木板为研究对象，其所受合外力为零，由动量守恒定律有： ① （2分）木块在摩擦力作用下做匀减速运动，由牛顿第二定律有： ② （1分）对木块，由匀变速直线运动规律有： ③ ...
答：木箱受到重力、恒力F、水平面的支持力和滑动摩擦力作用，设加速度大小为a，根据牛顿第二定律得 Fcos37°-μ（mg-Fsin37°）=ma代入解得 a=0.72m/s 2 所以6s末箱的速度为v=at=4.32m/s 移动的距离是x= 1 2 a t 2 =12.96m答：①木箱的速度是4.32m/s；②木箱...
答：对小滑块受力分析，受重力mg、长木板的支持力FN和向右的滑动摩擦力f1，有：f1=μFNFN=mg得：f1=μmg再对长木板受力分析，受到重力Mg、小滑块的对长木板向下的压力FN、小滑块对其向左的滑动摩擦力f1、地面对长木板的支持力FN′和向右的静摩擦力f2，根据共点力平衡条件，有：f1=f2得：f2=μmg故...
答：解答：解：A、物体做匀速直线运动，受到重力G、拉力F、地面的支持力N和滑动摩擦力f，如图所示．由平衡条件得知： f=Fcosα，故A正确；B、根据平衡条件可知：物体所受的合力为零，所以物体所受的重力、支持力和摩擦力的合力与F等值反向，故B正确；C、物体受到的摩擦力f与拉力F的合力方向与重力G、...
答：A
答：A、当F等于6N时，加速度为：a=1m/s2，对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，代入数据解得：M+m=6kg当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a=F?μmgM=1MF?μmgM，知图线的斜率k=1M=12，解得：M=2kg，滑块的质量为：m=4kg．故A错误．B、根据F大于6N的图线知，F=4时，a=0，...
