如图所示，在倾角θ=37°的光滑斜面上存在一垂直斜面向上的匀强磁场区域MNPQ，磁感应强度B的大小5T，磁场
（1）m1、m2在运动中，以整体法由牛顿第二定律得： m1gsinθ-μm2g=（m1+m2）a 代人数据解得：a=2m/s2以m2为对象，由牛顿第二定律得： T-μm2g=m2a解得：T=2.4N（2）线框进入磁场恰匀速，以整体：对于整体，合外力为零，根据平衡条件和安培力与速度的关系式得：m1gsinθ-μm2g-B2l2vR=0解得：v=1m/s线框下滑做匀加速运动 2ax=v2-0解得：x=0.25m（3）线框从开始运动到cd边恰离开磁场时，由能量守恒定律得： m1gsinθ（x+d+l）-μm2gsinθ（x+d+l）=12(m1+m2)v21+Q解得：Q=0.4J，Qab=14Q=0.1J答：（1）线框abcd还未进入磁场的运动过程中，细线拉力为2.4N．（2）线框刚释放时ab边距磁场MN边界的距离x为0.25m．（3）运动整过程中ab边产生热量Q为0.1J．
(1)2.4 N (2)0.25 m (3)0.1 J 试题分析：(1)m 1 、m 2 运动过程中，以整体法有m 1 gsin θ－μm 2 g＝(m 1 ＋m 2 )aa＝2 m/s 2 以m 2 为研究对象有T－μm 2 g＝m 2 a(或以m 1 为研究对象有m 1 gsin θ－T＝m 1 aT＝2.4 N(2)线框进入磁场恰好做匀速直线运动，以整体法有m 1 gsin θ－μm 2 g－ ＝0v＝1 m/sab到MN前线框做匀加速运动，有v 2 ＝2axx＝0.25 m(3)线框从开始运动到cd边恰离开磁场边界PQ时：m 1 gsin θ(x＋d＋L)－μm 2 g(x＋d＋L)＝ (m 1 ＋m 2 ) ＋Q解得：Q＝0.4 J所以Q ab ＝ Q＝0.1 J
| （1）m 1 、m 2 在运动中，以整体法由牛顿第二定律得： m 1 gsinθ-μm 2 g=（m 1 +m 2 ）a 代人数据解得：a=2m/s 2 以m 2 为对象，由牛顿第二定律得： T-μm 2 g=m 2 a 解得：T=2.4N （2）线框进入磁场恰匀速，以整体：对于整体，合外力为零，根据平衡条件和安培力与速度的关系式得： m 1 gsinθ-μm 2 g-
解得：v=1m/s 线框下滑做匀加速运动 2ax=v 2 -0 解得：x=0.25m （3）线框从开始运动到cd边恰离开磁场时，由能量守恒定律得： m 1 gsinθ（x+d+l）-μm 2 gsinθ（x+d+l）=
解得：Q=0.4J， Q cd =
答：（1）线框abcd还未进入磁场的运动过程中，细线拉力为2.4N． （2）线框刚释放时ab边距磁场MN边界的距离x为0.25m． （3）运动整过程中ab边产生热量Q为0.1J． |
答：（1）ab的受力示意如图，由左手定则判断电流的方向如图（b）所示（2）导体棒受重力、支持力和安培力，三力平衡，运用合成法，结合几何知识得：金属棒所受的磁场力：F=mgtanθ=0.02×10×33=315N则磁感应强度的大小：B2=FIL=3152×0.5=315T（3）若既要使导体棒静止在斜面上，安培力应该在支持...
答：整体下滑阶段，研究A、B、C整体，设末速度为v，由动能定理得： （2M+m）gssinθ=12（2M+m）v2 解得：v=2gssinθ=2×10×3×0.6m/s=6m/s爆炸前后，A和B组成的系统动量守恒，由动量守恒定律有： 2Mv=MvA+MvB 解得：vB=0 此后，设C在B上滑动的加速度为aC，由牛顿第二定律有：...
答：（1）由题意，电流表的读数始终保持不变，则金属棒产生的有效感应电动势保持不变．设棒通过a′b′处时的速度大小为v．则有 BLabv0=BLa′b′v得：v=Labv0La′b′=0.8×51=4m/s根据能量转化和守恒定律得：Q总=12mv20-12mv2-mglsin37°由于导轨电阻不计，两电阻并联电压相等，由Q=U2Rt...
答：（1）物块沿斜面下滑过程中，在重力、支持力和摩擦力作用下做匀加速运动，设下滑加速度为a，到达斜面底端B时的速度为vB，则根据动能定理，有mgh-μmgcosθ?hsinθ=12mv2B由代入数据解得：vB=6m/s（2）设物块运动到圆轨道的最高点A时的速度为vA，在A点受到圆轨道的压力为N，由机械能守恒定律...
答：（1）小球对斜面的压力为零时，小球只受重力和拉力，合力水平向左mgcot37°=maa=gcot37°=403m/s2斜面向左加速运动，或向右减速运动，加速度大小为a=403m/s2；（2）当绳子的拉力为零时，小球只受重力和弹力，合力水平向右mgtan37°=maa=gtan37°=7.5m/s2斜面向右加速运动，或向左减速运动，加...
答：对金属棒进行受力分析，如图所示，mgsin37°-FBcos37°=ma代入数据解得：a=1.2m/s2答：（1）要保持金属棒静止在导轨上，滑动变阻器接入电路的阻值是9.5Ω；（2）金属棒静止在导轨上时，如果使匀强磁场的方向瞬间变为竖直向上，则此时导体棒的加速度是1.2m/s2 ...
答：水平牛顿公式μmg-F0=a2m 水平运动公式2a2s2=v^2 斜坡动能公式(mgsin37+Fcos37)s1=0.5mv^2 联立得 F0=2
答：解：（1）物块沿斜面下滑过程中，在重力、支持力和摩擦力作用下做匀加速运动，设下滑加速度为a，到达斜面底端B时的速度为v，则 ① ② 由①、②式代入数据解得： m/s ③ （2）设物块运动到圆轨道的最高点A时的速度为v A ，在A点受到圆轨道的压力为N，由机械能守恒定律得： ...
答：解：对物体受力分析，受重力、支持力、一个垂直斜面向上的力F，如图 重力的垂直斜面分力等于F时，N=0，物体离开斜面，有mgcosθ=F=kv平行斜面方向，根据牛顿第二定律，有 mgsinθ=ma 解得：a=gsin37°=6m/s2 v=mgcos37°/k=2x10x0.8/4=4m/s 物体沿着斜面匀加速下滑，根据速度位移公式，...
答：A、刚放上物块B的瞬间，整体所受的合力F合=mBgsin37°，则整体的加速度为：a=mBgsin37°mA+mB，隔离对B分析，根据牛顿第二定律得：mBgsinθ-F=mBa，联立并代入数据解得：F=4N，故A正确；B、放上物块B后，整体重力沿斜面方向的分力大于弹簧的弹力，向下运动，弹簧的弹力逐渐增大，当弹力等于整体...
