如图所示，在倾角θ=37°的固定斜面上有一质量m=1kg的物体，物体与平行于斜面的细绳相连，细绳的另一端经
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-21
如图所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为37度固定斜面上（斜面足够长），对物体
而绳子拉力F=8N，所以物体还受到静摩擦力为：f=F-mgsinθ=2N，方向沿斜面向下，
对物体进行受力分析，如图所示：
（2）垂直于斜面方向受力平衡，则有：FN=mgcos37°=10×0.8=8N，
（4）挪去弹簧秤后，根据牛顿第二定律得：
mgsinθ-μmgcosθ=ma
代入数据解得：a=
＝2m/s2
答：（1）物体受力的示意图如图所示；
（2）物体对斜面的压力大小为8N；
（3）物体受到斜面的摩擦力大小为2N；
（4）挪去弹簧秤后，物体沿斜面向下滑动的加速度为2m/s2．
如图所示,在倾角θ=37°的固定斜面上放置一质量M=1kg、长度L=3m的薄平...
答：对薄板，由于Mgsin37°＜μ（M+m）gcos37°，故滑块在薄板上滑动时，薄板静止不动．对滑块：在薄板上滑行时加速度a1=gsin37°=6m/s2，到达B点时速度v= 2a1L =6m/s 用时t1= va =1s 滑块由B至C时的加速度a2=gsin37°-μgcos37°=2m/s2，设滑块由B至C所用时间为t2，则LBC=vt+ 12...
如图所示,在倾角θ=37°的固定斜面的底端有一静止的滑块,滑块可视为质 ...
答：有 2分得a 2 =8m/s 2 1分由公式 1分x 2 =4m 1分 1分（3）物体下滑后 2分得a 3 =4m/s 2 1分由公式 1分得 1分
如图所示,在倾角θ=37°的固定斜面上放置一质量M=1kg
答：滑块加速度：mg*sin37°/m=6m/s²滑块对平板压力：mg*cos37°=4.8N 平板对斜面压力：Mg*cos37°+4.8N=12.8N 平板延斜面向下的力：Mg*sin37°=6N 平板与斜面摩擦力：12.8*μ=6.4N>6N，所以是静摩擦力，大小为6N 所以只有滑块运动，离开平板时间：（公式：1/2at²=s ）s=3...
如图所示,在倾角θ=37°的固定斜面上有一质量m=1kg的物体,物体与平行于...
答：（1、3）重力沿斜面的分量为：G 1 =mgsinθ=10×0.6=6N，而绳子拉力F=8N，所以物体还受到静摩擦力为：f=F-mgsinθ=2N，方向沿斜面向下，对物体进行受力分析，如图所示：（2）垂直于斜面方向受力平衡，则有：F N =mgcos37°=10×0.8=8N，（4）挪去弹簧秤后，根据牛顿第二定律得：mgs...
(14分)如图所示,在倾角θ=37°的固定斜面上放置一质量M=1kg、长度L...
答：试题分析：对薄板，沿斜面方向由于 ，故滑块在薄板上滑动时，薄板静止不动．对滑块：在薄板上滑行时加速度 ， （2分）到达B点时速度 （2分）滑块由B至C时的加速度 （2分）设滑块由B至C所用时间为 ，则 ，解得 （2分）对薄板，滑块滑离后才开始运动，加速度 ， （2分...
如图所示,在倾角θ=37°的固定斜面上,质量m=1kg的小物块受到沿斜面向上...
答：（1）小物块运动过程中所受的摩擦力f=μmgcosθ=0.25×10×0.8=2N，（2）由牛顿第二定律：F-mgsinθ-f=ma，解得a=1m/s2，（3）撤去拉力后，设物块上冲的加速度为a′，由牛顿第二定律：ma′=mgsinθ+f解得a′=gsinθ+μmgcosθ=10×0.6+0.25×10×0.8=8m/s2设刚撤去拉力时...
如图所示,在倾角θ=37°的固定斜面上放置一质量M=1kg、长度L=1.5m的薄...
答：由牛顿第二定律 对滑块：ma1=mgsinθ-μ1mgcosθ 可得a1=4m/s^2 对平板：Ma2=Mgsinθ+μ1mgcosθ-μ2(m+M)gcosθ 可得a2=1m/s^2 设滑块运动到平板的下端B用时t1,则 L=（a1-a2)t1^2/2,可得t1=1s 在这段时间内，平板的位移为X1=a2t1^2/2=0.5m 在t1末，滑块速度为v1=a1t1...
如图所示,在倾角θ=37°的斜面上,固定着宽L=0.20m的平行金属导轨,在导 ...
答：对金属棒进行受力分析，如图所示，mgsin37°-FBcos37°=ma代入数据解得：a=1.2m/s2答：（1）要保持金属棒静止在导轨上，滑动变阻器接入电路的阻值是9.5Ω；（2）金属棒静止在导轨上时，如果使匀强磁场的方向瞬间变为竖直向上，则此时导体棒的加速度是1.2m/s2 ...
如图所示,在倾角θ 为37°的固定光滑斜面上放着一块质量不计的薄板,水...
答：2 =N 1 Lcosθ+f 1 Lsinθ，f 1 =μN 1 ， 薄板沿斜面向下运动时：G L 2 =N 2 Lcosθ-f 2 Lsinθ，f 2 =μN 2 ，又N 1 ：N 2 =3：4联立得 μ= cosθ 7sinθ = 4 21 ≈0.19 故答案为：3：4，0.19 ...
如图所示,在倾角θ=37°的足够长的固定斜面上,有一质量m=1.0kg的物体...
答：（1）根据牛顿第二定律，得 沿斜面方向 F-F f -mgsinθ=ma 垂直斜面方向 F N -mgcosθ=0又F f =μF N ，得到F-μmgcosθ-mgsinθ=ma代入解 a=2m/s 2 （2）在物体的速度由0增加到2.0m/s的过程中，物体通过的位移为 x= v 2 2a =1m此过程拉...
撤去拉力之后，物体沿斜面匀减速上滑，=10m/s^2,由牛顿第二定律可知
a2=g(sinθ+ucosθ) 解得u=0.5
0-1s内，物体在拉力F作用下沿斜面匀加速上滑，由乙图可求得加速度a1=20m/s^2
由牛顿第二定律可知 F-mgsinθ-umgcosθ=ma1=30N
(1)在0到1s内，拉力F的平均功率p=FV,其中V是0到1s内平均速度，即V=（0+20）/2m/s=10m/s
所以P=300W
(2)3s时物体瞬时速度为0，故重力的瞬时功率等于0
（1、3）重力沿斜面的分量为：G 1 =mgsinθ=10×0.6=6N，而绳子拉力F=8N，所以物体还受到静摩擦力为：f=F-mgsinθ=2N，方向沿斜面向下，对物体进行受力分析，如图所示：（2）垂直于斜面方向受力平衡，则有：F N =mgcos37°=10×0.8=8N，（4）挪去弹簧秤后，根据牛顿第二定律得：mgsinθ-μmgcosθ=ma代入数据解得：a= 6-0.5×8 1 =2m/ s 2 答：（1）物体受力的示意图如图所示；（2）物体对斜面的压力大小为8N；（3）物体受到斜面的摩擦力大小为2N；（4）挪去弹簧秤后，物体沿斜面向下滑动的加速度为2m/s 2 ．
解答：解：（1、3）重力沿斜面的分量为：G1=mgsinθ=10×0.6=6N，而绳子拉力F=8N，所以物体还受到静摩擦力为：f=F-mgsinθ=2N，方向沿斜面向下，
对物体进行受力分析，如图所示：
（2）垂直于斜面方向受力平衡，则有：FN=mgcos37°=10×0.8=8N，
（4）挪去弹簧秤后，根据牛顿第二定律得：
mgsinθ-μmgcosθ=ma
代入数据解得：a=
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答：（1）物体受力的示意图如图所示；
（2）物体对斜面的压力大小为8N；
（3）物体受到斜面的摩擦力大小为2N；
（4）挪去弹簧秤后，物体沿斜面向下滑动的加速度为2m/s2．
答：对薄板，由于Mgsin37°＜μ（M+m）gcos37°，故滑块在薄板上滑动时，薄板静止不动．对滑块：在薄板上滑行时加速度a1=gsin37°=6m/s2，到达B点时速度v= 2a1L =6m/s 用时t1= va =1s 滑块由B至C时的加速度a2=gsin37°-μgcos37°=2m/s2，设滑块由B至C所用时间为t2，则LBC=vt+ 12...
答：有 2分得a 2 =8m/s 2 1分由公式 1分x 2 =4m 1分 1分（3）物体下滑后 2分得a 3 =4m/s 2 1分由公式 1分得 1分
答：滑块加速度：mg*sin37°/m=6m/s²滑块对平板压力：mg*cos37°=4.8N 平板对斜面压力：Mg*cos37°+4.8N=12.8N 平板延斜面向下的力：Mg*sin37°=6N 平板与斜面摩擦力：12.8*μ=6.4N>6N，所以是静摩擦力，大小为6N 所以只有滑块运动，离开平板时间：（公式：1/2at²=s ）s=3...
答：（1、3）重力沿斜面的分量为：G 1 =mgsinθ=10×0.6=6N，而绳子拉力F=8N，所以物体还受到静摩擦力为：f=F-mgsinθ=2N，方向沿斜面向下，对物体进行受力分析，如图所示：（2）垂直于斜面方向受力平衡，则有：F N =mgcos37°=10×0.8=8N，（4）挪去弹簧秤后，根据牛顿第二定律得：mgs...
答：试题分析：对薄板，沿斜面方向由于 ，故滑块在薄板上滑动时，薄板静止不动．对滑块：在薄板上滑行时加速度 ， （2分）到达B点时速度 （2分）滑块由B至C时的加速度 （2分）设滑块由B至C所用时间为 ，则 ，解得 （2分）对薄板，滑块滑离后才开始运动，加速度 ， （2分...
答：（1）小物块运动过程中所受的摩擦力f=μmgcosθ=0.25×10×0.8=2N，（2）由牛顿第二定律：F-mgsinθ-f=ma，解得a=1m/s2，（3）撤去拉力后，设物块上冲的加速度为a′，由牛顿第二定律：ma′=mgsinθ+f解得a′=gsinθ+μmgcosθ=10×0.6+0.25×10×0.8=8m/s2设刚撤去拉力时...
答：由牛顿第二定律 对滑块：ma1=mgsinθ-μ1mgcosθ 可得a1=4m/s^2 对平板：Ma2=Mgsinθ+μ1mgcosθ-μ2(m+M)gcosθ 可得a2=1m/s^2 设滑块运动到平板的下端B用时t1,则 L=（a1-a2)t1^2/2,可得t1=1s 在这段时间内，平板的位移为X1=a2t1^2/2=0.5m 在t1末，滑块速度为v1=a1t1...
答：对金属棒进行受力分析，如图所示，mgsin37°-FBcos37°=ma代入数据解得：a=1.2m/s2答：（1）要保持金属棒静止在导轨上，滑动变阻器接入电路的阻值是9.5Ω；（2）金属棒静止在导轨上时，如果使匀强磁场的方向瞬间变为竖直向上，则此时导体棒的加速度是1.2m/s2 ...
答：2 =N 1 Lcosθ+f 1 Lsinθ，f 1 =μN 1 ， 薄板沿斜面向下运动时：G L 2 =N 2 Lcosθ-f 2 Lsinθ，f 2 =μN 2 ，又N 1 ：N 2 =3：4联立得 μ= cosθ 7sinθ = 4 21 ≈0.19 故答案为：3：4，0.19 ...
答：（1）根据牛顿第二定律，得 沿斜面方向 F-F f -mgsinθ=ma 垂直斜面方向 F N -mgcosθ=0又F f =μF N ，得到F-μmgcosθ-mgsinθ=ma代入解 a=2m/s 2 （2）在物体的速度由0增加到2.0m/s的过程中，物体通过的位移为 x= v 2 2a =1m此过程拉...
