如图所示，MN和PQ为处于同一水平面内的两根平行的光滑金属导轨，导轨的电阻不计．垂直导轨放置一根电阻不
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-02
两根足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ间距为l＝0.5 m，其电阻不计，两导轨及其构成的平面均与水平
如图所示,MN和PQ为处于同一水平面内的两根平行的光滑金属导轨,垂直导轨...
答：形成恒定的磁场，穿过右侧的三个副线圈的磁通量不变，则副线圈中没有感应电动势产生，所以I R =0、I L =0、I C =0．故A错误，B正确．C、若ab棒在某一中心位置附近做简谐运动，原线圈中产生正弦式交变电流，
如图所示,光滑金属直轨道MN和PQ固定在同一水平面内,MN、PQ平行且足够...
答：s对导体棒，根据动量定理I-I安=mv1-0所以，力F的冲量I=mv1+I安=2.32N?s答：（1）若力F的大小保持不变，且F=1.0N．a．导体棒能达到的最大速度大小vm为12.5m/s．b．导体棒的速度v=5.0m/s时，导体棒的加速度大小a是1.2m/s2．（2）力F的冲量大小I是2.32N?s．
...MN、PQ平行置于同一水平面内,导轨间距L=0.2m,导轨左端接有“0.8V...
答：从而作出v-x的图线，如图所示．答：（1）则导体棒的最小速度vmin=4.5m/s；（2）根据v与x的关系式（图2），计算出与表中x各值对应的v的数值填入表中，然后画出v-x图线如上图．
如图所示,两根光滑的平行金属导轨MN、PQ处于同一水平面内,相距L=0.5m...
答：v=8 m/s 刚开始运动时加速度最大，a= F m =10 m/s 2 （2）由欧姆定律得：U ab = BLv R+r R=6 V 拉力的瞬时功率为 P=F?v=16 W （3）由能量转化和守恒关系得：Fs= 1 2 mv 2 +Q R +Q r =20J，其中...
如图所示(俯视),MN和PQ是两根固定在同一水平面上的足够长且电阻不计...
答：设每段轨迹圆弧对应的圆心角为θ，则由几何关系可得：rR＝tan(θ2)．有两种情形符合题意如图所示：①情形1：每段轨迹圆弧对应的圆心角为：θ＝π?2π5＝3π5，代入数据解得：B2=tan3π10×10-3T，②情形2：每段轨迹圆弧对应的圆心角为：θ′＝π?4π5＝π5．代入数据解得：B2′=tanπ10...
...光滑且足够长的平行金属导轨MN、PQ固定在同一水平面上,导轨的电阻不...
答：FA=BIL=5×1.6×2N=16N（3）由图知加速度 a=0.4m/s2； 根据牛顿第二定律得 F-FA=ma外力F的瞬时功率 P=Fv结合得P=14.4W．答：（1）电阻R两端电压U与时间t的函数关系为U=3.2t； （2）第2s末安培力的大小为16N； （3）第2s末外力F的瞬时功率为14.4W．
(2八八8?岳阳二模)如图所示,两根长直金属导轨MN、PQ平行置于同一水平面...
答：Q=I下Rt而t=个v联立以上各式得：v=中RQ个B下L下．（下）对ab棒受力分析可知：F=μmg+F安．而安培力为：F安=BIL=B下L下v下R又v=中RQ个B下L下．联立以上三式得：F=μmg+下Q个答：（1）棒ab的运动速度是中RQ个B下L下．（下）作用在棒ab上的水平外力的大小是μmg+下Q个．
...MN 、 PQ 处于同一水平面内,相距 L =0.5m,导轨的左端用 R
答：（1） v= （2）s=10m（3）t =2.05s （1）由题意得： , , v= ……(4分)（2）由 Q=3.4J...(2分) FS= ， 代入得：s=10m...(4分)（3）
...光滑且足够长的平行金属导轨MN、PQ固定在同一水平面上,两导轨间距L...
答：加速度为a=5m/s 2 (3)在t=5s时，由②得：U V =2(V)，回路中的电流强度为 AF B =BIl=0.5×5×0.2=0.5N由对杆应用牛顿第二定律得：F-F B =ma，则F=F B +ma=0.5+0.1×5=1.0N此时杆的速度为v=at=5×5=25m／s所以，拉力的功率为P=Fv=1.0×25=25W ...
...光滑且足够长的平行金属导轨MN、PQ固定在同一水平面上,两导轨间距L...
答：（1）设路端电压为U，金属杆的运动速度为v，则感应电动势E=BLv通过电阻R的电流：I＝ER+r电阻R两端的电压：U=IR＝BLvRR+r由图乙可得：U=kt，k=0.10V/s解得：v＝k(R+r)BLR?t因为速度与时间成正比，所以金属杆做匀加速运动，加速度为 a＝k(R+r)BLR＝1.0m/s2（2）在2s末，速度v2...
(1)cd杆既然静止，说明安培力等于重力在斜面的分力：
mgsin30°=BIL
I=mgsin30°/BL=0.1/0.2×0.5=1A
用左手定则可以判定电流是垂直纸面向里，这个地方没图不知道cd哪一端在里面或则外面，我估计有图的话，应该写从a到b或则从b到a
（2）可以判定ab受到的安培力跟cd相反，因为电流方向相反，F=mgsina+BIL=2mgsina=0.2N
（3）电流I=E/2R=BLv/2R
解得：v=2RI/BL=2m/s
Q=I²Rt
t=Q/I²R=0.1/0.1=1s
那么ab杆在斜面的位移x=vt=2m
上升的高度h=xsin30°=1m
于是由能量守恒：W=2Q+mgh=0.2+0.2=0.4J
给你提示下，第一问中，先对导体棒进行受力分析，导体棒在做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零时，速度达到最大。相信接下来你就有思路了。这是物理必修3-2的题目。
| A、若ab棒静止，不产生感应电动势和感应电流，没有电流通过原线圈，则副线圈不产生感应电流，I R =0、I L =0、I C =0．故A正确． B、C在ab棒向左匀速运动的过程中，ab棒产生恒定的感应电动势，左边原线圈中产生恒定的电流，形成恒定的磁场，穿过右侧的三个副线圈的磁通量不变，则副线圈中没有感应电动势产生，所以I R =0、I L =0、I C =0．故B、C错误． D、若ab棒匀加速运动，原线圈中感应电流均匀增大，穿过副线圈的磁通量均匀增大，副线圈中产生恒定的感应电动势，由于电容器有隔直的特性，I C =0，而电感线圈有通直的特性，I L ≠0，故I R ≠0、I L ≠0、I C =0．故D正确． 故选AD |
答：形成恒定的磁场，穿过右侧的三个副线圈的磁通量不变，则副线圈中没有感应电动势产生，所以I R =0、I L =0、I C =0．故A错误，B正确．C、若ab棒在某一中心位置附近做简谐运动，原线圈中产生正弦式交变电流，
答：s对导体棒，根据动量定理I-I安=mv1-0所以，力F的冲量I=mv1+I安=2.32N?s答：（1）若力F的大小保持不变，且F=1.0N．a．导体棒能达到的最大速度大小vm为12.5m/s．b．导体棒的速度v=5.0m/s时，导体棒的加速度大小a是1.2m/s2．（2）力F的冲量大小I是2.32N?s．
答：从而作出v-x的图线，如图所示．答：（1）则导体棒的最小速度vmin=4.5m/s；（2）根据v与x的关系式（图2），计算出与表中x各值对应的v的数值填入表中，然后画出v-x图线如上图．
答：v=8 m/s 刚开始运动时加速度最大，a= F m =10 m/s 2 （2）由欧姆定律得：U ab = BLv R+r R=6 V 拉力的瞬时功率为 P=F?v=16 W （3）由能量转化和守恒关系得：Fs= 1 2 mv 2 +Q R +Q r =20J，其中...
答：设每段轨迹圆弧对应的圆心角为θ，则由几何关系可得：rR＝tan(θ2)．有两种情形符合题意如图所示：①情形1：每段轨迹圆弧对应的圆心角为：θ＝π?2π5＝3π5，代入数据解得：B2=tan3π10×10-3T，②情形2：每段轨迹圆弧对应的圆心角为：θ′＝π?4π5＝π5．代入数据解得：B2′=tanπ10...
答：FA=BIL=5×1.6×2N=16N（3）由图知加速度 a=0.4m/s2； 根据牛顿第二定律得 F-FA=ma外力F的瞬时功率 P=Fv结合得P=14.4W．答：（1）电阻R两端电压U与时间t的函数关系为U=3.2t； （2）第2s末安培力的大小为16N； （3）第2s末外力F的瞬时功率为14.4W．
答：Q=I下Rt而t=个v联立以上各式得：v=中RQ个B下L下．（下）对ab棒受力分析可知：F=μmg+F安．而安培力为：F安=BIL=B下L下v下R又v=中RQ个B下L下．联立以上三式得：F=μmg+下Q个答：（1）棒ab的运动速度是中RQ个B下L下．（下）作用在棒ab上的水平外力的大小是μmg+下Q个．
答：（1） v= （2）s=10m（3）t =2.05s （1）由题意得： , , v= ……(4分)（2）由 Q=3.4J...(2分) FS= ， 代入得：s=10m...(4分)（3）
答：加速度为a=5m/s 2 (3)在t=5s时，由②得：U V =2(V)，回路中的电流强度为 AF B =BIl=0.5×5×0.2=0.5N由对杆应用牛顿第二定律得：F-F B =ma，则F=F B +ma=0.5+0.1×5=1.0N此时杆的速度为v=at=5×5=25m／s所以，拉力的功率为P=Fv=1.0×25=25W ...
答：（1）设路端电压为U，金属杆的运动速度为v，则感应电动势E=BLv通过电阻R的电流：I＝ER+r电阻R两端的电压：U=IR＝BLvRR+r由图乙可得：U=kt，k=0.10V/s解得：v＝k(R+r)BLR?t因为速度与时间成正比，所以金属杆做匀加速运动，加速度为 a＝k(R+r)BLR＝1.0m/s2（2）在2s末，速度v2...
