如图a所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个可视为点电荷的带电小球．t=0时，乙小球向甲小球运动，速度为6m
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-23
如图a所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷．t=0时，乙电荷向甲运动，速度为6m/s，甲的速度为0．之
B、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近，系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大．故B正确．
C、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小．故C错误．
D、由图象看出，t1～t3时间内，甲的速度一直增大，则其动能也一直增大．乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大．故D错误．
故选：B．
如图所示,在光滑绝缘的水平面上,有一静止在A点质量为m=1.0×10-3kg...
答：（1）小球由A到B过程中，WAB＞0，q＜0，根据WAB=qUAB=q（φA-φB）知，φA＜φB，故电场强度方向从B到A．由匀强电场场强公式得：E＝UL=200.1V/m=200V/m．由WAB=qUAB得，q＝WU＝0.01C．（2）由牛顿第二定律得：Eq=ma故，a=Eqm=200×1.0×10?21.0×10?3m/s2=2×103m/s2．...
如图甲所示,在光滑绝缘的水平面上固定着两对几何形状完全相同的平行金属...
答：进入右侧磁场后做圆周运动，由运动的对称性，则必须N板电势高于M板电势，其运动轨迹如图a所示；同理若Q板电势比P板高，则必须M板电势高于N板电势，其运动轨迹如图b所示。否则不可能在不与极板相碰的前提下，最终在极板MN的左侧中点O′沿中轴线射出。 小球进入磁场后做圆周运动，设运动半径为R，因...
...带正电的甲球固定在足够大的光滑绝缘水平面上的 A 点,其带电量为...
答：解：(1)由牛顿第二定律得： k － F ＝ ma 解得： a ＝ (2)当乙球所受的合力为零，即库仑力大小与恒力 F 相等时，乙球的速度最大，设此时两电荷间的距离为 x ，则有： 解得： x ＝2 l 0
如图所示,在光滑绝缘水平面上有直角坐标系xoy,将半径为R=0.4m,内径很...
答：则区域Ⅰ、Ⅱ内小球运动的半径应相等，区域Ⅰ、Ⅱ的磁感应强度应等大反向， 的方向为垂直水平面向下， 的方向为垂直水平面向上 （2分）小球做周期性运动的径迹如图甲.设在区域Ⅱ、Ⅰ内小球的圆心为 、 ，小球圆周运动的半径为 ，偏转角为 ，如图乙所示.由几何知识知： ②（1分） ...
如图所示,光滑绝缘的水平地面上有相距为L的点电荷A、B,带电荷量分别为...
答：且所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为L+r，要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为q．则有：KqQr2=k4Q?q(L+r)2代入数据解得：r=L．对点电荷B，其受力也平衡，则KqQr2=k4Q?qL2解得：q=4Q．为负电 则C正确故选：C ...
...带正电的甲球固定在足够大的光滑绝缘水平面上的A点,其带电量为Q...
答：电势能减少了 1 2 mv m 2 + kQq 4 l 0 （4）乙球先做远离甲的运动，速度先增大后减小，然后又反向做速度先增大后减小的运动，返回到释放点B后，再重复前面的运动，之后就在B点和最远端之间做往复运动．答：（1）乙球在释放瞬间的加速度大小为 3kQq 4m ...
如图所示,光滑绝缘的水平面上,相隔2L的A、B两点固定有两个电荷量均为...
答：解：（1） （2）由于对称，φ a =φ b ，所以电荷从a点出发到b点过程中电场力做功为零，设从a到b点阻力做功为W f ，W f =fL，则由动能定理 （3）设电荷从a到O点电场力做功为W F ，阻力做功为1/2W f ，由动能定理 又W F =q（φ a －φ O ）因为φ O =0，所以φ a...
如图甲所示,光滑绝缘的水平面上一矩形金属线圈abcd的质量为m、电阻为R...
答：AC
如图所示,在光滑绝缘的水平面上有一个用一根均匀导体围成的正方形线框...
答：（1）ab边产生的感应电动势的大小为E=BLv 0 （2）线框中感应电流为I= E R = BL v 0 R a、b两点的电势差相当于电源的外电压∴U ab =E-IR ab =BLv 0 - BL v 0 R ? R 4 = 3 4 BL v 0 （3）ab边所受的安培力为F...
如图所示,光滑绝缘的水平面上方,左边有垂直纸面向里的匀强磁场,右边有...
答：（1）点电荷a以水平向右的初速度v沿水平面进入匀强磁场恰好不脱离水平面．此时水平面对点电荷 a没有支持力，点电荷a所受的重力和洛伦兹力相等．有： mg=qvB解得：B=mgqv （2）点电荷a以水平向右的初速度v沿水平面进入匀强磁场恰好不脱离水平面，以速度v沿水平面做匀速直线运动，进入匀强...
A、由图象0-t 1 段看出，甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同．故A错误．B、0～t 1 时间内两电荷间距离逐渐减小，在t 1 ～t 2 时间内两电荷间距离逐渐增大，t 1 时刻两球相距最近，系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大．故B错误．C、0～t 1 时间内两电荷间距离逐渐减小，在t 1 ～t 2 时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小．故C正确．D、由图象看出，t 1 ～t 3 时间内，甲的速度一直增大，则其动能也一直增大．乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大．故D错误．故选C
AB
A、由图象0-t1段看出，甲从静止开始与乙同向运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同．故A错误．B、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近，系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大．故B正确．
C、0～t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1～t2时间内两电荷间距离逐渐增大，由库仑定律得知，两电荷间的相互静电力先增大后减小．故C错误．
D、由图象看出，t1～t3时间内，甲的速度一直增大，则其动能也一直增大．乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大．故D错误．
故选：B．
答：（1）小球由A到B过程中，WAB＞0，q＜0，根据WAB=qUAB=q（φA-φB）知，φA＜φB，故电场强度方向从B到A．由匀强电场场强公式得：E＝UL=200.1V/m=200V/m．由WAB=qUAB得，q＝WU＝0.01C．（2）由牛顿第二定律得：Eq=ma故，a=Eqm=200×1.0×10?21.0×10?3m/s2=2×103m/s2．...
答：进入右侧磁场后做圆周运动，由运动的对称性，则必须N板电势高于M板电势，其运动轨迹如图a所示；同理若Q板电势比P板高，则必须M板电势高于N板电势，其运动轨迹如图b所示。否则不可能在不与极板相碰的前提下，最终在极板MN的左侧中点O′沿中轴线射出。 小球进入磁场后做圆周运动，设运动半径为R，因...
答：解：(1)由牛顿第二定律得： k － F ＝ ma 解得： a ＝ (2)当乙球所受的合力为零，即库仑力大小与恒力 F 相等时，乙球的速度最大，设此时两电荷间的距离为 x ，则有： 解得： x ＝2 l 0
答：则区域Ⅰ、Ⅱ内小球运动的半径应相等，区域Ⅰ、Ⅱ的磁感应强度应等大反向， 的方向为垂直水平面向下， 的方向为垂直水平面向上 （2分）小球做周期性运动的径迹如图甲.设在区域Ⅱ、Ⅰ内小球的圆心为 、 ，小球圆周运动的半径为 ，偏转角为 ，如图乙所示.由几何知识知： ②（1分） ...
答：且所在位置与B的距离为r，则C所在位置与A的距离为L+r，要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为q．则有：KqQr2=k4Q?q(L+r)2代入数据解得：r=L．对点电荷B，其受力也平衡，则KqQr2=k4Q?qL2解得：q=4Q．为负电 则C正确故选：C ...
答：电势能减少了 1 2 mv m 2 + kQq 4 l 0 （4）乙球先做远离甲的运动，速度先增大后减小，然后又反向做速度先增大后减小的运动，返回到释放点B后，再重复前面的运动，之后就在B点和最远端之间做往复运动．答：（1）乙球在释放瞬间的加速度大小为 3kQq 4m ...
答：解：（1） （2）由于对称，φ a =φ b ，所以电荷从a点出发到b点过程中电场力做功为零，设从a到b点阻力做功为W f ，W f =fL，则由动能定理 （3）设电荷从a到O点电场力做功为W F ，阻力做功为1/2W f ，由动能定理 又W F =q（φ a －φ O ）因为φ O =0，所以φ a...
答：AC
答：（1）ab边产生的感应电动势的大小为E=BLv 0 （2）线框中感应电流为I= E R = BL v 0 R a、b两点的电势差相当于电源的外电压∴U ab =E-IR ab =BLv 0 - BL v 0 R ? R 4 = 3 4 BL v 0 （3）ab边所受的安培力为F...
答：（1）点电荷a以水平向右的初速度v沿水平面进入匀强磁场恰好不脱离水平面．此时水平面对点电荷 a没有支持力，点电荷a所受的重力和洛伦兹力相等．有： mg=qvB解得：B=mgqv （2）点电荷a以水平向右的初速度v沿水平面进入匀强磁场恰好不脱离水平面，以速度v沿水平面做匀速直线运动，进入匀强...
