如图所示,在光滑绝缘水平面上,两个带等量正电的点电荷M,N,分别固定在A,B两点,O为AB
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-07-19
在光滑的水平面上两个带等量正电的点电荷M,N分别固定在A,B两点，O为A,B的中点，CD为AB的垂直平分线，
因为不能确定释放的点是一直加速度一直减小还是先增加后减少。但始终处于加速状态。所以速度是一直增加的。整个过程只有电场力做功。所以D是正确的。
BD能量守恒得D，电荷AB对Q的作用力的合力，在C到O的过程中一直减小到O点的合力为0故有B答案
如图所示,在光滑绝缘的水平面上方,有两个方向相反的水平方向匀强磁场...
答：根据功能关系，减少的动能等于系统产生的电能即 ，选项B错。线框右边切割磁感线，产生感应电动势 ，感应电流沿顺时针方向，左边框切割磁感线，产生感应电动势 ，感应电流同样沿顺时针方向，所以整个线框的电流 ，右边框受到安培力方向水平向左，左边框受到安培力水平向左，整个线框受到安培力 ，线...
如图,在光滑绝缘的水平面上放置两个带正电、电量不同的小球Q 1 和Q...
答：B 两小球间的库仑斥力为 ，两小球受到的库仑力大小相等，D错。斥力使两球远离，斥力做正功，C错。动能增加，电势能减少，B对。距离增大，库仑力减小，加速度减小，A错。
如图所示,在光滑绝缘水平面上有两个分别带异种电荷的小球A和B,它们均...
答：两球相互吸引，合力均向右，故右侧B球受电场力向右，电场强度向右，故B球带正电，A球带负电；两个球整体向右加速，加速度向右，合力向右，故整体带正电，故QA＜QB；故ABC错误，D正确；故选D．
如图所示,在光滑绝缘水平面上,有两个质量相等、带有同种电荷的小球A和...
答：A、对小球A进行受力分析，小球A的合力就是小球B对它的库仑斥力，由于小球A、B之间的距离越来越近，根据库仑定律知道，小球A对小球B的库仑斥力越来越大，有牛顿第三定律可知A对B的作用力与B对A的作用力大小相等，根据牛顿第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A错误，B正确．C、对小球A进行...
如图所示,在光滑绝缘的水平面上有两个大小相同、质量分别为m和4m的带...
答：（1）当两球速度相等时，系统具有最大电势能Ep，设此时两球的速度为v，根据动量守恒定律有：4mv0=mv+4mv 可解得：v＝45v0 （2）系统减少的动能转化为电势能，有：Ep=△Ek EP＝12?4mv20?12(m+4m)v2 联立解得：（3）当两球再次相距d时，库仑力可以忽略，电势能为零，系统动...
如图所示,放在光滑绝缘水平面上的两个可视为点电荷的带电小球,相距0.18...
答：解：（1）两个小球之间是静电引力，则两球带异种电荷，由于一小球带正电，故另一小带负电；（2）根据库仑定律有：F=kQ 1Q2r2，则有：Q2＝Fr2kQ1=1.0×10?12×(0.18)29.0×109×1.8×10?12C解得：Q2=2×10-12C （3）由F=kQ1Q2r2，代入数据F＝9.0×109×1.8×10?12×2×10...
如图所示,在光滑绝缘水平面上有两个分别带异种电荷的小球 A 和 B...
答：D 直接利用整体判断，只要整体具有向右的合力即可，排除B、C，但对于A，我们还要从隔离小球 B 去分析，小球 B 所受合力向左，故只选D。
如图所示,在光滑绝缘水平桌面上有两个静止的小球A和B,B在桌边缘,A和B...
答：……⑽即A球与B球发碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做初速度为零的匀加速运动，A球与B球运动时间相等，设时间为t 1 ，在这段时间内A、B在水平方向发生的位移分别为s A 和s B ，则 ⑾ ⑿ ⒀ ⒁A、B落地点之间的距离： ⒂ ⒃【点评...
如图所示,在光滑绝缘的水平面上方,有两个方向相反的水平方向匀强磁场...
答：A、感应电动势为：E=△φ△t，感应电流为：I=ER，电荷量为：q=I△t，解得：q=3Ba22R，故A错误．B、由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：E=12mv2-12m（v2）2=38mv2，故B错误；C、此时感应电动势：E=2Bav2+Bav2=32Bav，线框电流为：I=ER=3Bav2R，由牛顿第二定律得：2BIa...
如图所示,在绝缘的光滑水平面上有A、B两个点电荷,A带正电,B带负电,电 ...
答：设点电荷在AB连线中点处产生的场强为E1，所加的匀强电场的场强为E0，AB连线中点处的合场强为E．根据点电荷场强的计算公式．A点电荷在AB连线中点处产生的场强为：EA=kq(12d)2=4kqd2方向由A指向B，B点电荷在AB连线中点处产生的场强为：EB=kq(12d)2=4kqd2方向由A指向B，根据电场叠加原理：E1=...
小球在F→O运动时电场力做功为 ，在 运动时克服电场力做功为 ；在 运动时电场力做功 ，当场强分布不变，小球P电量减小时， ，由 定性判断可知 ，故振幅增大，A错； ，故经过O点时的动能比前一次的小，因而每次经过O点时的速率不断减小，B对；当电荷M、N的带电量增大，小球P带电量不变时，电场中同一位置的场强增大，小球受到的电场力F=Eq增大，往复运动的回复力增大，周期不断减小，C对；当电荷M、N的电量增大，小球P电量不变时，F→O段电场力做功 等于 段克服电场力做功 ，故振幅不断减小，D对。
网上有详细解答。你可以自己去看看。我没有必要粘贴。但是对于B我有不同的看法，供你参考：
一开始有：在p点的电势能等于在O点的动能，即q*Up=mv^2/2
后来减少了q，但是动能不可能同时发生变化，也就是说原来的总能量应该保持不变。应该是振幅增大，（这和网上对A的判断是一致的）Uco>Upo.此时还有q*Up=q*Uc
由于质量没发生变化，所以在O点的速度大小也不能变化。
B应该不正确。
欢迎提出不同意见。
因为不能确定释放的点是一直加速度一直减小还是先增加后减少。但始终处于加速状态。所以速度是一直增加的。整个过程只有电场力做功。所以D是正确的。
BD能量守恒得D，电荷AB对Q的作用力的合力，在C到O的过程中一直减小到O点的合力为0故有B答案
答：根据功能关系，减少的动能等于系统产生的电能即 ，选项B错。线框右边切割磁感线，产生感应电动势 ，感应电流沿顺时针方向，左边框切割磁感线，产生感应电动势 ，感应电流同样沿顺时针方向，所以整个线框的电流 ，右边框受到安培力方向水平向左，左边框受到安培力水平向左，整个线框受到安培力 ，线...
答：B 两小球间的库仑斥力为 ，两小球受到的库仑力大小相等，D错。斥力使两球远离，斥力做正功，C错。动能增加，电势能减少，B对。距离增大，库仑力减小，加速度减小，A错。
答：两球相互吸引，合力均向右，故右侧B球受电场力向右，电场强度向右，故B球带正电，A球带负电；两个球整体向右加速，加速度向右，合力向右，故整体带正电，故QA＜QB；故ABC错误，D正确；故选D．
答：A、对小球A进行受力分析，小球A的合力就是小球B对它的库仑斥力，由于小球A、B之间的距离越来越近，根据库仑定律知道，小球A对小球B的库仑斥力越来越大，有牛顿第三定律可知A对B的作用力与B对A的作用力大小相等，根据牛顿第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反．故A错误，B正确．C、对小球A进行...
答：（1）当两球速度相等时，系统具有最大电势能Ep，设此时两球的速度为v，根据动量守恒定律有：4mv0=mv+4mv 可解得：v＝45v0 （2）系统减少的动能转化为电势能，有：Ep=△Ek EP＝12?4mv20?12(m+4m)v2 联立解得：（3）当两球再次相距d时，库仑力可以忽略，电势能为零，系统动...
答：解：（1）两个小球之间是静电引力，则两球带异种电荷，由于一小球带正电，故另一小带负电；（2）根据库仑定律有：F=kQ 1Q2r2，则有：Q2＝Fr2kQ1=1.0×10?12×(0.18)29.0×109×1.8×10?12C解得：Q2=2×10-12C （3）由F=kQ1Q2r2，代入数据F＝9.0×109×1.8×10?12×2×10...
答：D 直接利用整体判断，只要整体具有向右的合力即可，排除B、C，但对于A，我们还要从隔离小球 B 去分析，小球 B 所受合力向左，故只选D。
答：……⑽即A球与B球发碰撞后，B做平抛运动，A在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做初速度为零的匀加速运动，A球与B球运动时间相等，设时间为t 1 ，在这段时间内A、B在水平方向发生的位移分别为s A 和s B ，则 ⑾ ⑿ ⒀ ⒁A、B落地点之间的距离： ⒂ ⒃【点评...
答：A、感应电动势为：E=△φ△t，感应电流为：I=ER，电荷量为：q=I△t，解得：q=3Ba22R，故A错误．B、由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：E=12mv2-12m（v2）2=38mv2，故B错误；C、此时感应电动势：E=2Bav2+Bav2=32Bav，线框电流为：I=ER=3Bav2R，由牛顿第二定律得：2BIa...
答：设点电荷在AB连线中点处产生的场强为E1，所加的匀强电场的场强为E0，AB连线中点处的合场强为E．根据点电荷场强的计算公式．A点电荷在AB连线中点处产生的场强为：EA=kq(12d)2=4kqd2方向由A指向B，B点电荷在AB连线中点处产生的场强为：EB=kq(12d)2=4kqd2方向由A指向B，根据电场叠加原理：E1=...
