（2014?湖北二模）如图甲所示，水平光滑的桌面上静止放置一条长为l=1.6m的纸带，纸带上正中间位置放置有
A、线圈进入磁场时，穿过线圈的磁通量增加，而离开磁场时，磁通量减小，根据楞次定律得知线圈中产生的感应电流方向相反．故A错误；B、线圈进入磁场和离开磁场的过程磁通量的变化量△Φ相同，由感应电荷量表达式q=△ΦR，分析得知通过线圈截面的电量相等．假设线圈是矩形的，左右两边长为L，取向右为正方向，根据动量定理得： 进入磁场过程有：-B.I1L△t1=m△v1，又.I1△t1=q，则得-BqL=m△v1， 离开磁场过程有：-B.I2L△t2=m△v2，又.I2△t2=q，则得-BqL=m△v2，则得：△v1=△v2，即线圈速度的变化量相同．对于圆形线圈速度的变化量同样相同．故B正确；C、根据左手定则可知线圈受到的安培力方向都向左，方向相同，故C错误；D、因为进磁场时的速度大于出磁场时的速度，进磁场时产生的感应电流要比出磁场时大，安培力也大，则线圈进入磁场时克服安培力做功多，产生的热量也多，故D错误．故选：B．
（1）据分析可知，由p=FS可知，甲图中容器对桌面的压力是：F1=p1S；同理乙图中容器对桌面的压力是：F2=p2S；故此时的浮力就是这两个的压力之差，故F浮=F2-F1=（p2-p1）S；故A正确，B错误；（2）据（1）指金属块在液体中所受的浮力是：F浮=F2-F1=（p2-p1）S；据F浮=G排=ρ液gV排可知，V排=V物=F浮ρ液g=(p2?p1)Sρ液g；分析甲图和丙图可知，丙图中比甲图多了一个金属块的重力，故利用压强的变形公式F=pS计算出每一次容器对桌面的压力：即由p=FS可知，甲图中容器对桌面的压力是：F1=p1S；同理丙图中容器对桌面的压力是：F3=p3S；故此时金属块的重力是G=p3S-p1S；故其质量为：据G=mg得：m=Gg=(p3?p1)Sg；据公式：ρ=mv=(p3?p1)Sg(p2?p1)Sρ液g=(p3?p1)ρ液p2?p1；故C错误，D正确；故选AD．
（1）小铁块开始做匀加速运动，由牛顿第二定律：μmg=ma代入数据得：a=1m/s2，
则速度达到纸带v=1m/s的速度所用时间：t1=
| v |
| a |
| 1 |
| 1 |
若小铁块1s内一直做匀加速运动，运动的位移为：s1=
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
| 1 |
| 2 |
由以上可知：小铁块先作匀加速运动，后以v=1m/s的速度做匀速运动，匀速运动所用时间：
t2=
| ||
| v |
| 0.8?0.5 |
| 1 |
小铁块从开始运动到桌面边缘过程所经历的时间为：t=t1+t2=1+0.3=1.3s
（2）图象如图所示：
答：（1）小铁块从开始运动到桌面边缘过程所经历的时间为1.3s；
（2）在乙图画出此过程中小铁块的v-t图象如上．
答：A、在上升到高度h时，由图象可知，F=mg，速度为v，则功率为P=mgv，故A错误；B、动能Ek=12mv2＝12ma2t2＝mha，由图象可知a是变化的，即拉力大小变化，故B错误；C、在h～2h过程中，物体匀速上升，此时物体受到的拉力为F=mg，故机械能不守恒，故C错误；D、在2h～3h过程中，动能的减小量全部...
答：（1）∵两物体是两个质量相同的实心均匀正方体，∴G甲=G乙，水平面上物体的压力和自身的重力相等，∴F甲=F乙时，G甲=G乙，由图可知，V甲＞V乙，S甲＞S乙，∵ρ=mV=GVg，∴ρ甲＜ρ乙，∵p=FS，∴p甲＜p乙；（2）正方体对水平地面的压强：p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρL3gL2=ρgL，则p...
答：由图象可知，电压的最大值为Um=311V，交流电的周期为T=2×10-2s，所以交流电的频率为50Hz，A、交流电的有效值为U=220V，根据电压与匝数程正比可知，副线圈的电压为U′=22V，根据欧姆定律得：I=2210=2.2A，故A正确；B、电流表示数为电流的有效值，不随时间的变化而变化，当单刀双掷开关与a连接...
答：由功率随时间的变化关系可知：电热丝的额电功率为1000W，电动机的额电功率为100W；（1）根据P=UI，I=UR得，电热丝的电阻R=U2P=(220V)21000W=48.4Ω；（2）电路中的总电流：I=P总U=1000W+100W220V=5A；（3）在整个过程中电热丝工作时间为：40s-30s=10s，电动机工作时间为：40s，由P=Wt...
答：AB、物体在甲中漂浮，所以物体的密度小于甲盐水的密度；在乙中悬浮，所以物体的密度等于乙盐水的密度，所以甲盐水的密度大于乙盐水的密度．两杯盐水的深度相同，根据p=ρgh知，甲杯中盐水对杯底的压强大于乙杯中盐水对杯底的压强，则A正确，B错误；CD、鸡蛋在甲中漂浮，所以浮力等于重力，在乙中悬浮...
答：A、由图知，t2时刻A的加速度为零，速度最大，根据牛顿第二定律和胡克定律得：mgsinθ=kx，则得：x=mgsinθk，故A错误；B、由图读出，t1时刻A、B开始分离，对A根据牛顿第二定律：kx-mgsinθ=ma，则x=mgsinθ+mak，故B正确．C、从开始到t1时刻，对AB整体，根据牛顿第二定律得：F+kx-mg...
答：其中正确的是（ =kq/d^2-kq/9d^2 ）
答：A、OA过程是自由落体，加速度为g，故A错误．B、B点是速度最大的地方，此时重力和弹力相等，即mg=kxAB，合力为0，aB=0．故xB=h+mgk，故B正确．C、取一个与A点对称的点为D，由A点到B点的形变量为mgk，由对称性得由B到D的形变量也为mgk，故到达C点时形变量要大于 h+2mgk，加速度ac＞g...
答：当开关S1闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片P位于最右端时，等效电路如图甲所示：当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器接入电路中的电阻为RA时，等效电路如图乙所示：（1）已知：I1：I2=3：5，P1：PA=27：25，由P=I2R可得，P1PA=I21R1I22RA2725=925×R1RAR1RA=31；（2）已知U2=10V，由U1：U2=3...
答：（1）由图乙可知拉力4s做功720J，拉力做功功率：PF=Wt=720J4s=180W；（2）4s内提升泥土上升的高度：h=v物t=0.4m/s×4s=1.6m，提升泥土的机械效率：η=W有用W总=GhW总=423N×.6m720J=94%；（3）由图可知，n=3，拉力端移动速度：vF=3×v物=3×0.4m/s=1.2m/s，∵拉力F做功的...
