（A）两根足够长的光滑的平行金属导轨竖直放置，导轨间距为L，电阻不计，上端接有如图所示的电路，电路中
kuaidi.ping-jia.net 作者：佚名 更新日期：2024-06-30
（10分）如图，两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置，导轨间距离为L，电阻不计。在导轨上端并接两个额定
如图甲所示,两根足够长的光滑平行金属导轨相距为L=0.40m,导轨平面与...
答：m=0.2kg，R=1.2Ω，r=0.20Ω，θ=30°所以可计算得a= 20 3 m/ s 2 （3）在0-0.5s时间里对金属棒进行受力分析有： F-F 安 -mgsinθ=ma得F=ma+mgsin30°+F 安 代入a= 20 3 m/ s 2 ， F 安 = B 2 L 2 v r+ ...
如图甲所示,两条足够长的光滑平行金属导轨竖直放置,导轨间距为L=1m...
答：A：由乙图知，刚进入磁场时，金属杆的加速度大小a0=10m/s2，方向竖直向上．由牛顿第二定律得：BI0L-mg=ma0设杆刚进入磁场时的速度为v0，则有I0＝E0R联立得：v0＝m(g+a0)RB2L2代入数值有：v0=1m/s．故A正确；B：下落时，通过a-h图象知a=0，表明金属杆受到的重力与安培力平衡有 mg...
如图所示,两足够长的平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为d,导轨平面与水平...
答：（1）金属棒先做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零时，金属棒达到最大速度，此后开始做匀速直线运动．设最大速度为vm，当金属棒达到最大速度时，做匀速直线运动，由平衡条件得：F=BId+mgsin30°，又F=mg，解得I= mg 2Bd 由I= E 2R = Bdvm 2R ，又I= mg 2Bd ，可得：vm= mgR ...
如图所示,两足够长的平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为d,导轨平面与水平...
答：（1）金属棒在图所示各力作用下，先做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零时，金属棒达到最大速度，此后开始做匀速直线运动．设最大速度为vm，金属棒达到最大速度的一半时的加速度为a，则速度达到最大时有 F=IdB+mgsinα 根据闭合电路欧姆定律得：I=BdvmR总 整个电路的总电阻为 R总=...
如图,两根足够长光滑平行金属导轨PP′、QQ′倾斜放置,匀强磁场垂直于导...
答：A、金属棒沿光滑导轨加速下滑，棒中有感应电动势而对电容器充电，充电电流通过金属棒时受安培力作用，只有金属棒速度增大时才有充电电流，因此总有mgsinθ-BIl＞0，所以金属棒将一直加速，A错误，B正确；C、由右手定则可知，金属棒a端（即M板）电势高，C项正确；D、若微粒带负电，则静电力向上与...
(20分)如图所示,两根足够长且平行的光滑金属导轨所在平面与水平面成α=...
答：（1） （2）1.2J （3） 试题分析：（1）由题意知 ，当b在磁场中运动的过程中，a与电阻R并联，然后与b串联，故a、b中电流 ，再根据Q=I 2 Rt，可求产生的热量之比 （2）设整个过程中装置上产生的热量为Q，由 ，可解得Q=1.2J（3）设a进入磁场的速度大小为v 1 ，此时电...
如图所示,两足够长的平行光滑金属导轨倾斜放置,与水平面间的夹角为...
答：当安培力与重力的分力相等时做匀速运动，因此当ab棒刚进入磁场时加速度最大，由牛顿第二定律得：F′-G 1 =ma，解得：a=18m/s 2 ，方向平行于斜面向上；答：（1）ab棒最终在磁场中匀速运动时的速度为0.75m/s；（2）ab棒运动过程中的最大加速度大小为18m/s 2 ，方向沿导轨斜面向上．
两根足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ间距为l=0.5 m,其电阻不计,两导轨...
答：(1)cd杆既然静止，说明安培力等于重力在斜面的分力：mgsin30°=BIL I=mgsin30°/BL=0.1/0.2×0.5=1A 用左手定则可以判定电流是垂直纸面向里，这个地方没图不知道cd哪一端在里面或则外面，我估计有图的话，应该写从a到b或则从b到a （2）可以判定ab受到的安培力跟cd相反，因为电流方向相反...
如图两根足够长光滑平行金属导轨PP′、QQ′倾斜放置
答：这也是一个逻辑推理问题：如果匀速，和光滑导轨矛盾，所以加速，但加速后会受到阻力（安培力），但安培力不能等于重力的分力，因为如果它们相等，则不会有充电电流，也就没有安培力。如果沿轨道向上的安培力大于重力，则是减速情况，则会反向充电，有反向电流，则安培力是沿轨道向下，出现矛盾，所以也是...
如图所示,两根足够长的光滑金属导轨MN、PQ平行放置,导轨平面与水平面的...
答：A、B、无磁场时，机械能守恒，减小的动能转化为重力势能，故：12mv20＝mgH…①有磁场时，减小的动能转化为重力势能和电能，故：12mv20＝mgh+Q…②联立①②解得：H＞h故A正确，B错误；C、D、联立①②解得：Q=12mv20-mgh=mg（H-h）故C正确，D正确；故选：ACD．
(1) (2) 试题分析： (1)设小灯泡的额定电流为 ，有P＝ R①由题意在金属棒沿导轨竖直下落的某时刻后，小灯泡保持正常发光，流经MN中电流为I＝2 ②此时金属棒MN所受的重力和安培力相等，下落的速度达到最大值，有mg＝BLI③联立①②③式得B＝ ④(2)设灯泡正常发光时，导体棒的速率为v，由电磁感应定律与欧姆定律得E＝BLv⑤E＝R ⑥联立①②④⑤⑥式得v＝ 。
解：（1）导体棒通过第一个光电门时，设棒上电动势为 E ，电流为 I ，棒的速度为 v 1 ，有：安培力 F = IBL I = E = BLv 1 v 1 = 可得： F = （2）导体棒通过第三个光电门时的速度为 v 3 = 从第一个光电门到第三个光电门的过程2 mgx 0 = ×2 mv 3 2 － ×2 mv 1 2 + QQ 为电路中的总热量则，电阻 R 上产生的焦耳热为 Q 1 = Q 可得： Q 1 = mgx 0 - × m + × m （3）速度图象如图
| 解．（1）导体棒以速度v匀速向上运动受到的重力、安培力和拉力的合力为0，即 F-mg-F A =0 又：F A =BIL I=
所以： F=mg+
（2）ab向上运动距离为h的过程中， Q=I 2 R 总 t t=
所以： Q=
（3）根据右手定则可以判定出流过导体棒的电流从右向左，故电容器的左板带正电荷． U C =
q=C? U C =
答：（1）拉力F的大小 F=mg+
（2）整个回路中产生的焦耳热Q Q=
（3）左板带正电，带电量： q=
|
答：m=0.2kg，R=1.2Ω，r=0.20Ω，θ=30°所以可计算得a= 20 3 m/ s 2 （3）在0-0.5s时间里对金属棒进行受力分析有： F-F 安 -mgsinθ=ma得F=ma+mgsin30°+F 安 代入a= 20 3 m/ s 2 ， F 安 = B 2 L 2 v r+ ...
答：A：由乙图知，刚进入磁场时，金属杆的加速度大小a0=10m/s2，方向竖直向上．由牛顿第二定律得：BI0L-mg=ma0设杆刚进入磁场时的速度为v0，则有I0＝E0R联立得：v0＝m(g+a0)RB2L2代入数值有：v0=1m/s．故A正确；B：下落时，通过a-h图象知a=0，表明金属杆受到的重力与安培力平衡有 mg...
答：（1）金属棒先做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零时，金属棒达到最大速度，此后开始做匀速直线运动．设最大速度为vm，当金属棒达到最大速度时，做匀速直线运动，由平衡条件得：F=BId+mgsin30°，又F=mg，解得I= mg 2Bd 由I= E 2R = Bdvm 2R ，又I= mg 2Bd ，可得：vm= mgR ...
答：（1）金属棒在图所示各力作用下，先做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度为零时，金属棒达到最大速度，此后开始做匀速直线运动．设最大速度为vm，金属棒达到最大速度的一半时的加速度为a，则速度达到最大时有 F=IdB+mgsinα 根据闭合电路欧姆定律得：I=BdvmR总 整个电路的总电阻为 R总=...
答：A、金属棒沿光滑导轨加速下滑，棒中有感应电动势而对电容器充电，充电电流通过金属棒时受安培力作用，只有金属棒速度增大时才有充电电流，因此总有mgsinθ-BIl＞0，所以金属棒将一直加速，A错误，B正确；C、由右手定则可知，金属棒a端（即M板）电势高，C项正确；D、若微粒带负电，则静电力向上与...
答：（1） （2）1.2J （3） 试题分析：（1）由题意知 ，当b在磁场中运动的过程中，a与电阻R并联，然后与b串联，故a、b中电流 ，再根据Q=I 2 Rt，可求产生的热量之比 （2）设整个过程中装置上产生的热量为Q，由 ，可解得Q=1.2J（3）设a进入磁场的速度大小为v 1 ，此时电...
答：当安培力与重力的分力相等时做匀速运动，因此当ab棒刚进入磁场时加速度最大，由牛顿第二定律得：F′-G 1 =ma，解得：a=18m/s 2 ，方向平行于斜面向上；答：（1）ab棒最终在磁场中匀速运动时的速度为0.75m/s；（2）ab棒运动过程中的最大加速度大小为18m/s 2 ，方向沿导轨斜面向上．
答：(1)cd杆既然静止，说明安培力等于重力在斜面的分力：mgsin30°=BIL I=mgsin30°/BL=0.1/0.2×0.5=1A 用左手定则可以判定电流是垂直纸面向里，这个地方没图不知道cd哪一端在里面或则外面，我估计有图的话，应该写从a到b或则从b到a （2）可以判定ab受到的安培力跟cd相反，因为电流方向相反...
答：这也是一个逻辑推理问题：如果匀速，和光滑导轨矛盾，所以加速，但加速后会受到阻力（安培力），但安培力不能等于重力的分力，因为如果它们相等，则不会有充电电流，也就没有安培力。如果沿轨道向上的安培力大于重力，则是减速情况，则会反向充电，有反向电流，则安培力是沿轨道向下，出现矛盾，所以也是...
答：A、B、无磁场时，机械能守恒，减小的动能转化为重力势能，故：12mv20＝mgH…①有磁场时，减小的动能转化为重力势能和电能，故：12mv20＝mgh+Q…②联立①②解得：H＞h故A正确，B错误；C、D、联立①②解得：Q=12mv20-mgh=mg（H-h）故C正确，D正确；故选：ACD．
